zunia.vn

Tuyển sinh 2024 dành cho Gen-Z

zunia.vn

» Tài Liệu Phổ Thông

» Ôn thi ĐH-CĐ

Đề thi thử đại học môn toán năm 2012_Đề số 52

Chia sẻ: Up Up | Ngày: | Loại File: PDF | Số trang:4

Báo xấu

51
lượt xem 14
download

Download Vui lòng tải xuống để xem tài liệu đầy đủ

Tham khảo tài liệu 'đề thi thử đại học môn toán năm 2012_đề số 52', tài liệu phổ thông, ôn thi đh-cđ phục vụ nhu cầu học tập, nghiên cứu và làm việc hiệu quả

Chủ đề:

Bình luận(0) Đăng nhập để gửi bình luận!

Lưu

Nội dung Text: Đề thi thử đại học môn toán năm 2012_Đề số 52

ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC, CAO ĐẲNG 2012 Môn thi : TOÁN ( ĐỀ 52 ) I. PHẦN CHUNG (7 điểm) Câu I (2 điểm): Cho hàm số y  2 x 3  9mx 2  12m 2 x  1 (m là tham số). 1) Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị (C) của hàm số khi m = –1. 2) Tìm tất cả các giá trị của m để hàm số có cực đại tại xCĐ, cực tiểu tại xCT thỏa mãn: x 2CÑ  xCT . Câu II (2 điểm): x  1 1  4 x 2  3 x 1) Giải phương trình:   5    5cos  2 x    4sin   x – 9 2) Giải hệ phương trình: 3 6   x ln( x 2  1)  x 3 Câu III (1 điểm): Tìm họ nguyên hàm của hàm số: f ( x )  x2  1 Câu IV (1 điểm): Cho hình chóp S.ABCD có SA = x và tất cả các cạnh còn lại có độ dài bằng a. Chứng minh rằng đường thẳng BD vuông góc với mặt phẳng (SAC). T ìm x theo a để thể a3 2 tích của khối chóp S.ABCD bằng . 6 Câu V (1 điểm): Cho các số thực không âm a, b. Chứng minh rằng: 3  2 3  1  1 2  a  b    b  a    2a   2b    4  4  2  2  II. PHẦN TỰ CHỌN (3 điểm) 1. Theo chương trình chuẩn Câu VI.a (2 điểm): 1) Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho ba đường thẳng: d1 : 2 x  y – 3  0 , d2 : 3 x  4 y  5  0 , d3 : 4 x  3 y  2  0 . Viết phương trình đường tròn có tâm thuộc d1 và tiếp xúc với d2 và d3. 2) Trong không gian với hệ toạ độ Oxyz, cho điểm A(1;2; –1), đường thẳng (): x2 y z2 và mặt phẳng (P): 2 x  y  z  1  0 . Viết phương trình đường thẳng đi  1 3 2 qua A, cắt đường thẳng () và song song với (P). Câu VII.a (1 điểm): Có bao nhiêu số tự nhiên gồm 6 chữ số đôi một khác nhau, trong đó có mặt chữ số 0 nhưng không có mặt chữ số 1? 2. Theo chương trình nâng cao Câu VI.b (2 điểm): 1) Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho đường thẳng (d ) : 2 x  my  1  2  0 và đường tròn có phương trình (C ) : x 2  y 2  2 x  4 y  4  0 . Gọi I là tâm đường tròn (C ) . Tìm m sao cho (d ) cắt (C ) tại hai điểm phân biệt A và B. Với giá trị nào của m thì diện tích tam giác IAB lớn nhất và tính giá trị đó. 2) Trong không gian với hệ toạ độ Oxyz, cho hai điểm S(0;0;1), A(1;1;0). Hai điểm M(m; 0; 0), N(0; n; 0) thay đổi sao cho m  n  1 và m > 0, n > 0. Tính khoảng cách từ A đến mặt phẳng (SMN). Từ đó suy ra mặt phẳng (SMN) tiếp xúc với một mặt cầu cố định. x 1  4 x – 2.2 x – 3  .log2 x – 3  4  4x 2 Câu VII.b (1 điểm): Giải bất phương trình:
Hướng dẫn Đề số 52 Câu I: 2) y  6 x 2  18mx  12 m 2  6( x 2  3mx  2m 2 ) Hàm số có CĐ và CT  y  0 có 2 nghiệm phân biệt x1 , x2   = m 2 > 0  m  0 1  3m  m  , x2  1  3m  m  . Khi đó: x1  2 2 Dựa vào bảng xét dấu y suy ra xCÑ  x1 , xCT  x2 2  3m  m  3m  m 2  m  2 Do đó: x CÑ  xCT    2 2   Câu II: 1) Điều kiện x  0 . 2x 1 PT  4 x 2  1  3 x  x  1  0  (2 x  1)(2 x  1)  0 3x  x  1 1 1     0  2x 1  0  x  .  (2 x  1)  2 x  1  2 3x  x  1       2     4 sin  x    14  0  sin  x    1  x   k 2 . 2) PT  10sin  x  3 6 6 6    x ln( x 2  1) x ( x 2  1)  x x ln( x 2  1) x Câu III: Ta có: f ( x )   x   2 2 2 2 x 1 x 1 x 1 x 1 1 1 2 2 2  F ( x )   f ( x )dx   ln( x  1)d ( x  1)   xdx   d ln( x  1) 2 2 122 12 1 2 = ln ( x  1)  x  ln( x  1)  C . 4 2 2 Câu IV: Do B và D cách đều S, A, C nên BD  (SAC). Gọi O là tâm của đáy ABCD. Các tam giác ABD, BCD, SBD là các tam giác cân bằng nhau và có đáy BD chung nên OA = OC = OS. Do đó ASC vuông tại S. 1 1 2 2 Ta có: VS. ABCD  2VS. ABC  2. BO.SA.SC  ax . AB  OA 6 3 a2  x 2 1 1 ax a2   ax 3a2  x 2 = 3 4 6 a3 2 a3 2 x  a 1  ax 3a 2  x 2  Do đó: VS . ABCD   . x  a 2 6 6 6 2 3 1 1 1 1 1 Câu V: Ta có: a  b   a2  a   b  a    a    a  b   a  b  2 4 4 2 2 2 2 3 1 Tương tự: b2  a   a  b  . 4 2 2 1  1  1  Ta sẽ chứng minh  a  b     2 a   (2b   (*) 2  2  2  1 1 Thật vậy, (*)  a2  b2  2ab  a  b   4ab  a  b   ( a  b)2  0 . 4 4 1 Dấu "=" xảy ra  a  b  . 2 Câu VI.a: 1) Gọi tâm đường tròn là I (t;3  2t )  d1.
3t  4(3  2t )  5 4t  3(3  2t )  2 t  2 Khi đó: d ( I , d2 )  d ( I , d3 )    t  4 5 5 9 49 Vậy có 2 đường tròn thoả mãn: ( x  2)2  ( y  1)2  và ( x  4)2  ( y  5)2  . 25 25 x  2  t  x2 y z2  . (P) có VTPT n  (2;1; 1) .    y  3t 2) () : 1 3 2  z  2  2t  Gọi I là giao điểm của () và đường thẳng d cần tìm  I (2  t;3t; 2  2t )   AI  (1  t ,3t  2, 1  2t ) là VTCP của d.    1 Do d song song mặt phẳng (P)  AI .n  0  3t  1  0  t    3 AI   2; 9; 5  . 3 x 1 y  2 z 1   Vậy phương trình đường thẳng d là: . 9 5 2 Câu VII.a: Gọi số cần tìm là: x= x  a1a2 a3 a4 a5 a6 . Vì không có mặt chữ số 1 nên còn 9 chữ số 0, 2, 3, 4, 5, 6, 7, 8, 9 để thành lập số cần tìm. Vì phải có mặt chữ số 0 và a1  0 nên số cách xếp cho chữ số 0 là 5 cách. 5 Số cách xếp cho 5 vị trí còn lại là : A8 . 5 Vậy số các số cần tìm là: 5. A8 = 33.600 (số) Câu VI.b: 1) (C ) có tâm I (1; –2) và bán kính R = 3. 2  2m  1  2  3 2  m 2 (d) cắt (C ) tại 2 điểm phân biệt A, B  d ( I , d )  R   1  4m  4m2  18  9m2  5m2  4m  17  0  m  R 1 1 9  IA.IB sin AIB  IA.IB  Ta có: S IAB 2 2 2 32 9 khi AIB  900  AB = R 2  3 2  d ( I , d )  Vậy: S lớn nhất là IAB 2 2 32 2  m 2  16m2  16m  4  36  18m2  2m 2  16m  32  0  1  2m  2  m  4     2) Ta có: SM  (m;0; 1), SN  (0; n; 1)  VTPT của (SMN) là n  (n; m; mn) Phương trình mặt phẳng (SMN): nx  my  mnz  mn  0 n  m  mn 1  m.n 1  mn Ta có: d(A,(SMN))    1 2 n 2 1  mn 2  m 2  m2 n2 1  2mn  m n Suy ra (SMN) tiếp xúc mặt cầu tâm A bán kính R=1 cố định. Câu VII.b: BPT  (4 x  2.2 x  3).log2 x  3  2 x 1  4 x  (4 x  2.2 x  3).(log2 x  1)  0   x  log2 3   22 x  2.2 x  3  0  2 x  3  x  1    x  log2 3 log2 x  1  0 log2 x  1  2        1  22 x  2.2 x  3  0   x  log 3  2 x  3 0  x  2  2     0  x  1  log2 x  1  0  log2 x  1    2 

CÓ THỂ BẠN MUỐN DOWNLOAD

EXAM.04: Bộ 290+ Đề Thi Vào Lớp 10 Năm 2020

290 tài liệu

513 lượt tải

THÔNG TIN

TRỢ GIÚP

HỖ TRỢ KHÁCH HÀNG

Theo dõi chúng tôi

Chịu trách nhiệm nội dung:

Nguyễn Công Hà - Giám đốc Công ty TNHH TÀI LIỆU TRỰC TUYẾN VI NA

LIÊN HỆ

Địa chỉ: P402, 54A Nơ Trang Long, Phường 14, Q.Bình Thạnh, TP.HCM

Hotline: 093 303 0098

Email: support@tailieu.vn

Giấy phép Mạng Xã Hội số: 670/GP-BTTTT cấp ngày 30/11/2015 Copyright © 2022-2032 TaiLieu.VN. All rights reserved.