PHƯƠNG PHÁP GIẢI PHƯƠNG TRÌNH VÔ TỈ - TOÁN 12_3

Chia sẻ: Ha Quynh | Ngày: | Loại File: PDF | Số trang:10

Thêm vào BST

Báo xấu

116
lượt xem 34
download

Download Vui lòng tải xuống để xem tài liệu đầy đủ

Tham khảo tài liệu 'phương pháp giải phương trình vô tỉ - toán 12_3', tài liệu phổ thông, ôn thi đh-cđ phục vụ nhu cầu học tập, nghiên cứu và làm việc hiệu quả

Chủ đề:

Bình luận(0) Đăng nhập để gửi bình luận!

Lưu

Nội dung Text: PHƯƠNG PHÁP GIẢI PHƯƠNG TRÌNH VÔ TỈ - TOÁN 12_3

PHƯƠNG PHÁP GIẢI PHƯƠNG TRÌNH VÔ TỈ - TOÁN 12 5. Đặt ẩn phụ đưa về hệ: 5.1 Đặt ẩn phụ đưa về hệ thông thường  Đặt u    x  , v    x  và tìm mối quan hệ giữa   x  và   x  từ đó tìm được hệ theo u,v   Bài 1. Giải phương trình: x 3 25  x3 x  3 25  x 3  30 Đặt y  3 35  x3  x3  y3  35  xy ( x  y )  30 Khi đó phương trình chuyển về hệ phương trình sau:  3 3 , giải   x  y  35  hệ này ta tìm được ( x; y)  (2;3)  (3;2) . Tức là nghiệm của phương trình là x  {2;3} 1 Bài 2. Giải phương trình: 2 1 x  4 x  4 2 Điều kiện: 0  x  2 1  2 1 x  u Đặt  4 0u 2  1, 0  v  2 1  4  x v 
1  u  4 2  v 1  u  v  4  Ta đưa về hệ phương trình sau: 2   2 u 2  v 4  2  1  1  v   v 4  2  1   4 2    2 1  2 2 Giải phương trình thứ 2: (v  1)   v  4   0 , từ đó tìm ra v rồi thay 2  vào tìm nghiệm của phương trình. Bài 3. Giải phương trình sau: x  5  x  1  6 Điều kiện: x  1 Đặt a  x  1, b  5  x  1(a  0, b  0) thì ta đưa về hệ phương trình sau: a 2  b  5   ( a  b)(a  b  1)  0  a  b  1  0  a  b  1 2 b a 5   11  17 Vậy x  1  1  5  x  1  x  1  5  x  x  2 Bài 8. Giải phương trình: 6  2 x  6  2 x  8 3 5 x 5 x Giải Điều kiện: 5  x  5 Đặt u  5  x , v  5  y  0  u, v  10  . (u  v) 2  10  2uv u 2  v 2  10   Khi đó ta được hệ phương trình: 8 4 4 2 4   (u  v )  1       2(u  z )   uv  3 u v 3 
5.2 Xây dựng phương trình vô tỉ từ hệ đối xứng loại II  Ta hãy đi tìm nguồn gốc của những bài toán giải phương trình bằng cách đưa về hệ đối xứng loại II  x  1 2  y  2 (1)   Ta xét một hệ phương trình đối xứng loại II sau :  2  y  1  x  2 (2)  việc giải hệ này thì đơn giản Bây giời ta sẽ biến hệ thành phương trình bằng cách đặt y  f  x  sao cho (2) luôn đúng , y  x  2  1 , khi đó ta có phương trình : 2  x  1  ( x  2  1)  1  x 2  2 x  x  2 Vậy để giải phương trình : ta đặt lại như trên và đưa về x2  2x  x2 hệ  x   2  ay  b  Bằng cách tương tự xét hệ tổng quát dạng bậc 2 : , ta  2   y     ax  b  sẽ xây dựng được phương trình dạng sau : đặt  y    ax  b , khi đó ta  a có phương trình :  x   2  ax  b  b     an Tương tự cho bậc cao hơn :  x    n  ax  b  b   
Tóm lại phương trình thường cho dưới dạng khai triển ta phải viết về dạng :  x    n  p n a ' x  b '   v đặt  y    n ax  b để đưa về hệ , chú ý về dấu của  ??? Việc chọn  ;  thông thường chúng ta chỉ cần viết dưới dạng : n là chọn được.  x     p n a'x  b'   Giải phương trình: x2  2x  2 2x  1 Bài 1. 1 Điều kiện: x  2 Ta có phương trình được viết lại là: ( x  1)2  1  2 2 x  1  x 2  2 x  2( y  1)  Đặt y  1  2 x  1 thì ta đưa về hệ sau: 2  y  2 y  2( x  1)  Trừ hai vế của phương trình ta được ( x  y)( x  y)  0 Giải ra ta tìm được nghiệm của phương trình là: x  2 2 Bài 6. Giải phương trình: 2x2  6 x  1  4 x  5 Giải 5 Điều kiện x   4 Ta biến đổi phương trình như sau: 4 x 2  12 x  2  2 4 x  5  (2 x  3) 2  2 4 x  5  11
Đặt 2 y  3  4 x  5 ta được hệ phương trình sau: (2 x  3) 2  4 y  5   ( x  y )( x  y  1)  0  2 (2 y  3)  4 x  5  Vớ i x  y  2 x  3  4 x  5  x  2  3 Vớ i x  y  1  0  y  1  x  x  1  2 Kết luận: Nghiệm của phương trình là {1  2; 1  3} Các em hãy xây dựng một sồ hệ dạng này ? Dạng hệ gần đối xứng (2 x  3) 2  2 y  x  1  Ta xt hệ sau : đây không phải là hệ đối xứng loại (1)  2 (2 y  3)  3 x  1  2 nhưng chúng ta vẫn giải hệ được , và từ hệ này chúng ta xây dưng được bài toán phương trình sau : Bài 1 . Giải phương trình: 4 x 2  5  13 x  3 x  1  0 Nhận xét : Nếu chúng ta nhóm như những phương trình trước : 2 13  33   2 x    3x  1  4 4  13 Đặt 2 y  thì chúng ta không thu được hệ phương trình mà  3x  1 4 chúng ta có thể giải được. Để thu được hệ (1) ta đặt :  y    3x  1 , chọn  ,  sao cho hệ chúng ta có thể giải được , (đối xứng hoặc gần đối xứng )
 y   2  3x  1 22 2  y  2 y  3 x    1  0 (1)  Ta có hệ :  2 (*) 2  4 x  13 x   y  5    0 (2) 4 x  13 x  5   y      Để giải hệ trên thì ta lấy (1) nhân với k cộng với (2): và mong muốn của chúng ta là có nghiệm x y  2 2  3  2  1 Nên ta phải có : , ta chọn được ngay   2;   3     13 5  4 Ta có lời giải như sau : 1 3 Điều kiện: x   , Đặt 3x  1  (2 y  3), ( y  ) 3 2 (2 x  3) 2  2 y  x  1  Ta có hệ phương trình sau:  ( x  y )(2 x  2 y  5)  0  (2 y  3) 2  3x  1   15  97 Vớ i x  y  x  8 11  73 Vớ i 2 x  2 y  5  0  x  8 15  97 11  73  Kết luận: tập nghiệm của phương trình là:   ;   8 8     Chú ý : khi đã làm quen, chúng ta có thể tìm ngay  ;  bằng cách viết lại phương trình ta viết lại phương trình như sau: (2 x  3)2   3x  1  x  4
khi đó đặt 3x  1  2 y  3 , nếu đặt 2 y  3  3x  1 thì chúng ta không thu được hệ như mong muốn , ta thấy dấu của  cùng dấu với dấu trước căn. Một cách tổng quát .  f ( x)  A.x  B. y  m (1) Xét hệ:  để hệ có nghiệm x = y thì : A-A’=B và  f ( y )  A '.x  m ' (2) m=m’, Nếu từ (2) tìm được hàm ngược y  g  x  thay vào (1) ta được phương trình Như vậy để xây dựng pt theo lối này ta cần xem xét để có hàm ngược và tìm được và hơn nữa hệ phải giải được. Một số phương trình được xây dựng từ hệ. Giải các phương trình sau 1) 4) 4 x 2  13 x  5  3 x  1  0 6 x  1  8 x3  4 x  1 3 15    30 x 2  4 x   2004 5) 30060 x  1  1 2 2) 4 x 2  13 x  5  3 x  1  0 6) 3x  5  8 x 3  36 x 2  53  25 3 4 3) 81x  8  x 3  2 x 2  3 x2 3
Giải (3): Phương trình :  27 3 81x  8  27 x3  54 x 2  36 x  54  27 3 81x  8   3x  2 3  46 Ta đặt : 3 y  2  3 81x  8 Các em hãy xây dựng những phương trình dạng này ! III. PHƯƠNG PHÁP ĐÁNH GIÁ 1. Dùng hằng đẳng thức :  Từ những đánh giá bình phương : A2  B 2  0 , ta xây dựng phương trình dạng A2  B 2  0 2 2    Từ phương trình ta khai triển ra có 5x  1  2x  9  5x  2  x 1  0 phương trình :   4 x 2  12  x  1  4 x 5 x  1  9  5 x 2. Dùng bất đẳng thức  Một số phương trình được tạo ra từ dấu bằng của bất đẳng thức: A  m nếu dấu bằng ỏ (1) và (2) cùng dạt được tại x0 thì x0 là nghiệm  B  m của phương trình A B
1 Ta có : Dấu bằng khi và chỉ khi x  0 và x  1   2, 1 x  1 x  2 x 1 dấu bằng khi và chỉ khi x=0. Vậy ta có phương trình: 1 1  2008 x  1  2008 x   1 x x 1  A  f  x Đôi khi một số phương trình được tạo ra từ ý tưởng :  khi đó :   B  f ( x)   A  f  x  A B  B  f  x   Nếu ta đoán trước được nghiệm thì việc dùng bất đẳng thức dễ dàng hơn, nhưng có nhiều bài nghiệm là vô tỉ việc đoán nghiệm không được, ta vẫn dùng bất đẳng thức để đánh giá được 22 Bài 1. Giải phương trình (OLYMPIC 30/4 -2007):  x  x9 x 1 Giải: Đk x  0 2 2 1 x  22   2  x   2 2  x  1    Ta có :   x9     x 1  x 1       x 1    22 1 1 Dấu bằng   x 7 x 1 x 1 Bài 2. Giải phương trình : 13 x 2  x4  9 x 2  x 4  16
Giải: Đk: 1  x  1 2   Biến đổi pt ta có : x 13 1  x  9 1  x 2 2 2  256 Áp dụng bất đẳng thức Bunhiacopxki: 2    13  27  13  13 x 2  3  3 x 2   40 16  10 x 2  13. 13. 1  x 2  3. 3. 3 1  x 2 2 16 Áp dụng bất đẳng thức Côsi: 10 x 16  10 x      64 2 2  2 2   x 1  x2   1  x2  5 Dấu bằng   3 2  10 x 2  16  10 x 2 x   5  Bài 3. giải phương trình: x 3`  3 x 2  8 x  40  8 4 4 x  4  0 Ta chứng minh : 8 4 4 x  4  x  13 và 2 x 3  3x 2  8 x  40  0   x  3  x  3  x  13