Luận văn Thạc sĩ Toán học: Phương trình bậc bốn và các hệ thức hình học trong tứ giác hai tâm

Chia sẻ: _ _ | Ngày: | Loại File: PDF | Số trang:73

Thêm vào BST

Báo xấu

39
lượt xem 3
download

Download Vui lòng tải xuống để xem tài liệu đầy đủ

Dựa trên ý tưởng: Một tam giác hoàn toàn được xác định bởi ba yếu tố độc lập (thí dụ, ba cạnh thỏa mãn bất đẳng thức tam giác, ba đường cao, sin của ba góc,...) nên ba yếu tố đó là nghiệm của một phương trình bậc ba (với các hệ số phụ thuộc vào ba yếu tố cơ bản: Nửa chu vi p, bán kính đường tròn ngoại tiếp R và bán kính đường tròn nội tiếp r. Mời các bạn cùng tham khảo nội dung luận văn.

Chủ đề:

Bình luận(0) Đăng nhập để gửi bình luận!

Lưu

Nội dung Text: Luận văn Thạc sĩ Toán học: Phương trình bậc bốn và các hệ thức hình học trong tứ giác hai tâm

ĐẠI HỌC THÁI NGUYÊN TRƢỜNG ĐẠI HỌC KHOA HỌC --------------------------- PHẠM THỊ THU PHƢƠNG TRÌNH BẬC BỐN VÀ CÁC HỆ THỨC HÌNH HỌC TRONG TỨ GIÁC HAI TÂM LUẬN VĂN THẠC SĨ TOÁN HỌC THÁI NGUYÊN - 2019
ĐẠI HỌC THÁI NGUYÊN TRƢỜNG ĐẠI HỌC KHOA HỌC --------------------------- PHẠM THỊ THU PHƢƠNG TRÌNH BẬC BỐN VÀ CÁC HỆ THỨC HÌNH HỌC TRONG TỨ GIÁC HAI TÂM Chuyên ngành: Phƣơng pháp Toán sơ cấp Mã số: 8 46 01 13 LUẬN VĂN THẠC SĨ TOÁN HỌC NGƯỜI HƯỚNG DẪN KHOA HỌC PGS. TS TẠ DUY PHƢỢNG THÁI NGUYÊN - 2019
Mục lục Mở đầu 2 1 Phương trình bậc bốn và các tính chất nghiệm 4 1.1 Công thức nghiệm của phương trình bậc bốn . . . . . . . . . 4 1.2 Các tính chất nghiệm của phương trình bậc bốn . . . . . . . 5 1.3 Một số nhận xét về nghiệm của phương trình bậc bốn . . . . 12 2 Tứ giác hai tâm 13 2.1 Tứ giác lồi . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 13 2.2 Tứ giác nội tiếp . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 19 2.2.1 Các định nghĩa và tính chất . . . . . . . . . . . . . . 19 2.2.2 Diện tích tứ giác nội tiếp . . . . . . . . . . . . . . . 22 2.2.3 Độ dài đường chéo của tứ giác nội tiếp . . . . . . . . 23 2.3 Tứ giác ngoại tiếp . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 24 2.3.1 Định nghĩa và tính chất . . . . . . . . . . . . . . . . 24 2.3.2 Diện tích tứ giác ngoại tiếp . . . . . . . . . . . . . . 24 2.4 Tứ giác hai tâm . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 25 2.4.1 Định nghĩa . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 25 2.4.2 Diện tích của tứ giác hai tâm . . . . . . . . . . . . . 26 2.4.3 Tính chất . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 32 3 Phương trình bậc bốn với các hệ thức cho tứ giác hai tâm 35 3.1 Phương trình bậc bốn cho tứ giác hai tâm . . . . . . . . . . 35 3.1.1 Phương trình bậc bốn với nghiệm là các cạnh của tứ giác hai tâm . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 35 3.1.2 Phương trình bậc bốn với nghiệm là bán kính đường tròn ngoại tiếp tam giác trong tứ giác hai tâm . . . . 37
2 3.1.3 Phương trình bậc bốn với nghiệm là các bán kính đường tròn nội tiếp tam giác trong tứ giác hai tâm . . 41 3.1.4 Phương trình bậc bốn với nghiệm là sin của các góc d CAD, BAC, d ACBd d . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . và DCA 46 3.2 Các hệ thức hình học cho tứ giác hai tâm . . . . . . . . . . . 47 3.3 Các hệ thức lượng giác cho tứ giác hai tâm . . . . . . . . . . 62 Tài liệu tham khảo 67
Một số kí hiệu và viết tắt Trong luận văn này, ta sẽ sử dụng các kí hiệu sau đây: 1) ABCD là tứ giác lồi. 2) A, B,C, D là các đỉnh hoặc các góc của tứ giác ABCD; E là giao điểm của AC và BD. 3) AB = a, BC = b,CD = c, DA = d là các cạnh hoặc độ dài các cạnh của tứ giác ABCD và AC = e, BD = f là các cạnh hoặc độ dài các cạnh đường chéo của tứ giác ABCD. a+b+c+d 4) p = là nửa chu vi của tứ giác ABCD. 2 5) S là diện tích tứ giác ABCD. 6) R, r tương ứng là bán kính (hoặc độ dài bán kính) đường tròn ngoại tiếp và nội tiếp của tứ giác ABCD. 7) R1 , R2 , R3 , R4 tương ứng là bán kính (hoặc độ dài bán kính) đường tròn ngoại tiếp của tam giác AEB, BEC,CED, DEA. 8) r1, r2, r3 , r4 tương ứng là bán kính (hoặc độ dài bán kính) đường tròn nội tiếp của tam giác AEB, BEC,CED, DEA.
Mở đầu Dựa trên ý tưởng (xem [8]): Một tam giác hoàn toàn được xác định bởi ba yếu tố độc lập (thí dụ, ba cạnh thỏa mãn bất đẳng thức tam giác, ba đường cao, sin của ba góc,...) nên ba yếu tố đó là nghiệm của một phương trình bậc ba (với các hệ số phụ thuộc vào ba yếu tố cơ bản: nửa chu vi p, bán kính đường tròn ngoại tiếp R và bán kính đường tròn nội tiếp r. Từ đó, sử dụng các tính chất nghiệm của phương trình bậc ba, trong [1] và [2] đã phát biểu và chứng minh khoảng 700 hệ thức (đẳng thức và bất đẳng thức) trong tam giác, trong đó có nhiều hệ thức mới. Câu hỏi đặt ra là: Ý tưởng trên có thể mở rộng cho tứ giác lồi?-Để xác định một tứ giác lồi bất kì cần năm yếu tố, thí dụ, bốn cạnh và một đường chéo. Vậy chỉ với tứ giác đặc biệt thì bốn cạnh của nó mới là nghiệm của một phương trình bậc bốn. Đó chính là tứ giác hai tâm-tứ giác vừa nội tiếp được trong một đường tròn, vừa ngoại tiếp một đường tròn (khác). Điều này đã được chỉ ra trong [6] và [9]. Sau đó, dựa trên tính chất nghiệm của phương trình bậc bốn, trong [3] và [4] đã phát biểu và chứng minh khoảng 100 hệ thức hình học cho tứ giác hai tâm. Điều này cho một cách nhìn hệ thống về các hệ thức trong tứ giác hai tâm. Ngoài các hệ thức hình học, trong [1] và [2] đã chứng mình vài trăm hệ thức lượng giác trong tam giác. Câu hỏi tự nhiên đặt ra là: Có thể phát biểu và chứng minh các hệ thức lượng giác cho tứ giác hai tâm?-Điều này chưa được thể hiện trong [3] và [4]. Luận văn có mục đích trình bày các hệ thức hình học cho tứ giác hai tâm như là hệ quả từ các tính chất của phương trình bậc bốn, chủ yếu dựa trên [4] và [10], có chỉnh sửa, bổ sung, cấu trúc lại [4] trong tham chiếu với các tài liệu khác. Ngoài ra, trong Luận văn cũng bước đầu phát hiện và chứng minh các hệ thức lượng giác cho tứ giác hai tâm.
3 Trong quá trình học tập và làm luận văn, từ bài giảng của các giáo sư, tiến sĩ đang công tác tại Viện Toán học, Trường Đại học khoa học - Đại học Thái Nguyên, tôi đã trau dồi thêm rất nhiều kiến thức để nâng cao trình độ của mình. Từ đáy lòng mình, tôi xin bày tỏ lòng cảm ơn sâu sắc tới tất cả các thầy, cô. Tôi xin chân thành cám ơn Ban Giám hiệu, phòng Đào tạo Khoa học và Quan hệ quốc tế, Khoa Toán - Tin trường Đại học Khoa học, Đại học Thái Nguyên đã quan tâm và giúp đỡ tôi trong suốt thời gian học tập tại trường. Dưới sự hướng dẫn của PGS. TS Tạ Duy Phượng, tôi đã phần nào học được phương pháp thu thập và xử lí thông tin, và tập dượt nghiên cứu. Xin được cám ơn Thày hướng dẫn. Đồng thời, tôi cũng xin chân thành cám ơn Thạc sĩ Hoàng Minh Quân, giáo viên Toán trường Trung học Phổ thông Ngọc Tảo, Phúc Thọ, Hà Nội, đã cho phép sử dụng bản thảo [4] và cung cấp một số tài liệu để viết luận văn này. Nhân dịp này tôi xin chân thành cảm ơn đồng nghiệp, bạn bè và gia đình đã tạo mọi điều kiện giúp đỡ, động viên để tôi hoàn thành luận văn này. Thái Nguyên, tháng 4 năm 2019 Tác giả Phạm Thị Thu
Chương 1 Phương trình bậc bốn và các tính chất nghiệm 1.1 Công thức nghiệm của phương trình bậc bốn Nói chung, các sách giáo khoa và sách tham khảo môn toán thường không trình bày phương pháp tìm nghiệm của phương trình bậc bốn. Mục này trình bày cách giải phương trình bậc bốn. Xét phương trình bậc bốn x4 + ax3 + bx2 + cx + d = 0. (1.1) Phương trình (1.1) có thể viết dưới dạng sau x4 + ax3 = −bx2 − cx − d, hay 4 3 a2x2 a2 x + ax + = − b x2 − cx − d, 4 4 tức là 2 ax a2 x2 + = − b x2 − cx − d (1.2) 2 4 ax y2 Cộng hai vế của phương trình (1.2) với x +2 y + , ta được phương 2 4 trình 2 2 2 2 ax ax y ax y a x2 + + x2 + y + = x2 + y+ + − b x2 − cx − d, 2 2 4 2 4 4 hay
5 ax y 2 a2 ay y2 2 x + + = 2 −b+y x + − c x + − d. (1.3) 2 2 4 2 4 Ta sẽ chọn y để vế phải của phương trình (1.3) là bình phương của tổng. Để vế phải của phương trình (1.3) là bình phương của tổng thì ay 2 2 2 a y ∆= −c −4 −b+y − d = 0, 2 4 4 hay y3 − by2 + (ac − 4d)y − [d(a2 − 4b) − dy] = 0. (1.4) Vì (1.4) là phương trình bậc ba nên có ít nhất một nghiệm thực (Phương pháp giải và công thức nghiệm của phương trình bậc ba có thể xem trong [2], trang 47-52). Ta chỉ cần chọn một nghiệm thực y0 nào đó của phương trình (1.4) và thay y0 vào vế phải của phương trình (1.3). Khi ấy phương trình (1.3) được viết lại như sau ax y0 2 2 x + + = (α x + β )2. 2 2 Điều này tương đương với ax y0 x2 + + = αx + β , 2 2 hoặc ax y0 x2 + + = −α x − β . 2 2 Giải hai phương trình trên ta tìm được nghiệm của phương trình bậc bốn (1.1) s 2 1 1 1 x1,2 = − a+α ± a + α − 4β − 2y0 2 2 2 và s 2 1 1 1 x3,4 = − a−α ± a−α + 4β − 2y0 . 2 2 2 1.2 Các tính chất nghiệm của phương trình bậc bốn Ngoài định lí Viète về tính chất nghiệm của đa thức, mục này trình bày 18 tính chất nghiệm của phương trình bậc bốn, cần thiết cho chứng minh các hệ
6 thức trong chương 3. Định lí 1.2.1 (Định lí Viète về nghiệm của phương trình bậc bốn) Phương trình x4 + ax3 + bx2 + cx + d = 0 có bốn nghiệm x1 , x2 , x3 , x4 thỏa mãn các tính chất sau: Tính chất 1.2.1 T1 = x1 + x2 + x3 + x4 = −a. Tính chất 1.2.2 T2 = x1x2 + x1x3 + x1x4 + x2x3 + x2x4 + x3x4 = b. Tính chất 1.2.3 T3 = x1x2 x3 + x1 x2x4 + x1 x3x4 + x2x3 x4 = −c. Tính chất 1.2.4 T4 = x1x2 x3 x4 = d. Chứng minh. Vì x1 , x2 , x3 , x4 là bốn nghiệm của phương trình bậc bốn nên phân tích đa thức ra thừa số ta được đồng nhất thức sau đây đúng với mọi x: x4 + ax3 + bx2 + cx + d =(x − x1 )(x − x2 )(x − x3 )(x − x4 ) h ih i 2 2 = x − (x1 + x2)x + x1x2 x − (x3 + x4)x + x3 x4 =x4 − (x+x2 + x3 + x4)x3 + (x1x2 + x1x3 + x1x4 + x2x3 + x2x4 + x3 x4)x2 − (x1x2 x3 + x1x3 x4 + x1 x2x4 + x2x3x4 )x + x1 x2x3 x4 . So sánh các hệ số của đồng nhất thức, ta đi đến các tính chất (1.2.1)-(1.2.4). Từ bốn tính chất trên và sử dụng các tính chất đối xứng của nghiệm, ta suy ra được khá nhiều các hệ thức liên hệ giữa bốn nghiệm của phương trình bậc bốn với các hệ số của phương trình, rất có lợi cho nghiên cứu phương trình bậc bốn và trong chứng minh các hệ thức trong tứ giác. Tính chất 1.2.5 1 1 1 1 c T5 = + + + =− . x1 x2 x3 x4 d Chứng minh. 1 1 1 1 x1x2 x3 + x1 x2x4 + x1 x3x4 + x2x3 x4 T3 c T5 = + + + = = =− . x1 x2 x3 x4 x1x2 x3 x4 T4 d
7 Tính chất 1.2.6 T6 = x21 + x22 + x23 + x24 = a2 − 2b. Chứng minh. T6 =x21 + x22 + x23 + x24 =(x1 + x2 + x3 + x4)2 − 2(x1 x2 + x1x3 + x1 x4 + x2x3 + x2 x4 + x3x4 ) =T12 − 2T2 = a2 − 2b. Tính chất 1.2.7 T7 =(x1 + x2 + x3)(x2 + x3 + x4)(x3 + x4 + x1)(x1 + x2 + x4) =a2b − ac + d. Chứng minh. T7 =(x1 + x2 + x3)(x2 + x3 + x4)(x3 + x4 + x1)(x1 + x2 + x4) =(T1 − x1 )(T1 − x2)(T1 − x3)(T1 − x4 ) h ih i 2 2 = T1 − (x1 + x2)T1 + x1 x2 T1 − (x3 + x4 )T1 + x3x4 =T14 − T13 (x1 + x2 + x3 + x4) + T12(x1 x2 + x1 x3 + x1x4 + x2 x3 + x2x4 + x3 x4) − T1 (x1 x2x3 + x1x2x4 + x1x3 x4 + x2x3 x4) + x1 x2x3 x4 =T14 − T13 T1 + T12T2 − T1 T3 + T4 = a2b − ac + d. Tính chất 1.2.8 T8 =(x1 + x2 + x3 − x4)(x2 + x3 + x4 − x1 )(x3 + x4 + x1 − x2)(x1 + x2 + x4 − x3) = − a4 − 4ab − 8ac + 16d. Chứng minh. T8 =(x1 + x2 + x3 − x4)(x2 + x3 + x4 − x1 )(x3 + x4 + x1 − x2)(x1 + x2 + x4 − x3) =(T1 − 2x1)(T1 − 2x2)(T1 − 2x3)(T1 − 2x4) h ih i 2 2 = T1 − 2(x1 + x2)T1 + 4x1x2 T1 − 2(x3 + x4)T1 + 4x3x4
8 =T14 − 2T13 (x1 + x2 + x3 + x4) + 4T12 (x1 x2 + x1 x3 + x1x4 + x2x3 + x2x4 + x3x4 ) − 8T1 (x1 x2x3 + x1x2 x4 + x1x3 x4 + x2x3 x4 ) + 16x1x2 x3 x4 =T14 − 2T14 + 4T12T2 − 8T1T3 + 16T4 = − T14 + 4T12T2 − 8T1T3 + 16T4 = − a4 + 4a2b − 8ac + 16d. Tính chất 1.2.9 x1 + x2 + x3 x2 + x3 + x4 x3 + x4 + x1 x1 + x2 + x4 ac T9 = + + + = − 4. x4 x1 x2 x3 d Chứng minh. Ta có x1 + x2 + x3 x2 + x3 + x4 x3 + x4 + x1 x1 + x2 + x4 T9 = + + + x4 x1 x2 x3 x1 + x2 + x3 + x4 x1 + x2 + x3 + x4 x1 + x2 + x3 + x4 = + + x1 x2 x3 x1 + x2 + x3 + x4 + −4 x4 1 1 1 1 =(x1 + x2 + x3 + x4 ) + + + −4 x1 x2 x3 x4 ac =T1 T5 − 4 = − 4. d Tính chất 1.2.10 T10 = x21 x22 + x22 x23 + x23x24 + x24x21 + x21x23 + x22 x24 = b2 − 2ac + 2d. Chứng minh. Ta có T10 =x21 x22 + x22 x23 + x23x24 + x24x21 + x21x23 + x22 x24 =(x1 x2 + x1x3 + x1x4 + x2x3 + x2 x4 + x3x4 )2 − 2(x1 + x2 + x3 + x4)(x1 x2 x3 + x1 x2x4 + x1x3x4 + x2x3 x4) + 2x1x2 x3 x4 =T22 − 2T1T3 + 2T4 = b2 − 2ac + 2d. Tính chất 1.2.11 T11 = x21 x22 x23 + x22 x23 x24 + x23x24 x21 + x24x21 x22 = c2 − 2bd.
9 Chứng minh. Ta có T11 =x21 x22 x23 + x22 x23 x24 + x23 x24 x21 + x24x21 x22 =(x1 x2x3 + x2 x3x4 + x3x4 x1 + x1x2 x4)2 − 2x1x2 x3x4 (x1 x2 + x1 x3 + x1x4 + x2 x3 + x2x4 + x3x4 ) =T32 − 2T4 T2 = c2 − 2bd. Tính chất 1.2.12 T12 = x41 + x42 + x43 + x44 = a4 − 4a2b + 2b2 + 4ac − 4d. Chứng minh. Ta có T12 =x41 + x42 + x43 + x44 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 = x1 + x2 + x3 + x4 − 2 x1 x2 + x2 x3 + x3 x4 + x4x1 + x1x3 + x2 x4 =T62 − 2T10 =(a2 − 2b)2 − 2(b2 − 2ac + 2d) =a4 − 4a2b + 2b2 + 4ac − 4d. Tính chất 1.2.13 1 1 1 1 1 1 1 b T13 = + + + + + + = . x1 x2 x1x3 x1 x4 x2x3 x2 x4 x3 x4 x1x4 d Chứng minh. Ta có 1 1 1 1 1 1 1 T13 = + + + + + + x1 x2 x1 x3 x1x4 x2 x3 x2 x4 x3 x4 x1 x4 x1 x2 + x1x3 + x1 x4 + x2x3 + x2x4 + x3x4 = x1 x2x3 x4 T2 b = = . T4 d Tính chất 1.2.14 1 1 1 1 −a T14 = + + + = . x1x2 x3 x2 x3x4 x3 x4x1 x1 x2x4 d Chứng minh. Ta có 1 1 1 1 T14 = + + + x1x2 x3 x2x3 x4 x3x4 x1 x1 x2x4 x1 + x2 + x3 + x4 T1 −a = = = . x1x2 x3 x4 T4 d
10 Tính chất 1.2.15 x1 x2 x2 x3 x3 x4 x4 x1 x1x3 x2 x4 b2 − 2ac + 2d T15 = + + + + + = . x3 x4 x4 x1 x1 x2 x2 x3 x2x4 x1 x3 d Chứng minh. Ta có x1x2 x2 x3 x3 x4 x4x1 x1 x3 x2x4 T15 = + + + + + x3x4 x4 x1 x1 x2 x2x3 x2 x4 x1x3 x21 x22 + x22 x23 + x23 x24 + x24x21 + x21x23 + x22 x24 = x1x2 x3 x4 T10 b2 − 2ac + 2d = = . T4 d Tính chất 1.2.16 x1 x2 x3 x4 a2 − 2b T16 = + + + = . x2x3 x4 x3x4 x1 x1x2 x4 x1 x2x3 d Chứng minh. Ta có x1 x2 x3 x4 T16 = + + + x2 x3 x4 x3 x4 x1 x1x2 x4 x1x2 x3 x21 + x22 + x23 + x24 T6 a2 − 2b = = = . x1 x2 x3x4 T4 d Tính chất 1.2.17 x1 x2x3 x2 x3x4 x3 x4x1 x4 x1 x2 c2 − 2bd T17 = + + + = . x4 x1 x2 x3 d Chứng minh. Ta có x1 x2 x3 x2 x3 x4 x3x4 x1 x4x1 x2 T17 = + + + x4 x1 x2 x3 x1 x2 x3 + x2 x3 x4 + x3 x4 x1 + x4x1 x22 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 = x1 x2 x3x4 2 T11 c − 2bd = = . T4 d Tính chất 1.2.18 1 1 1 1 c2 − 2bd T18 = 2 + 2 + 2 + 2 = . x1 x2 x3 x4 d2
11 Chứng minh. Ta có 1 1 1 1 T18 = 2 + 2 + 2 + 2 x1 x2 x3 x4 x21 x22 x23 + x22x23 x24 + x23 x24 x21 + x24 x21 x22 T11 c2 − 2bd = = 2 = . x21 x22 x23 x24 T4 d2 Tính chất 1.2.19 T21 =(x1 − x2 )2 + (x1 − x3 )2 + (x1 − x4 )2 + (x2 − x3)2 + (x2 − x4)2 + (x3 − x4)2 =3a2 − 8b. Chứng minh. Ta có T21 =(x1 − x2 )2 + (x1 − x3 )2 + (x1 − x4 )2 + (x2 − x3)2 + (x2 − x4)2 + (x3 − x4)2 =3(x21 + x22 + x23 + x24) − 2(x1 x2 + x1x3 + x1x4 + x2x3 + x2 x4 + x3x4 ) =3T6 − 2T2 =3(a2 − 2b) − 2b = 3a2 − 8b. Tính chất 1.2.20 T20 = x41 x42 x43 + x42x43 x44 + x43 x44 x41 + x44 x41 x42 = c4 − 4bdc2 + 2b2d 2 − 4d 3. Chứng minh. Ta có T20 =x41 x42 x43 + x42 x43 x44 + x43x44 x41 + x44x41 x42 =(x21 x22 x23 + x22x23 x24 + x23x24 x21 + x24 x21 x22 )2 − 2x21x22 x23 x24 (x21 x22 + x21x23 + x21x24 + x22 x23 + x22 x24 + x23 x24 ) 2 =T11 − 2T42T10 =c4 − 4bdc2 + 2b2d 2 − 4d 3. Tính chất 1.2.21 T21 =(x1 + x2 )2 + (x1 + x3 )2 + (x1 + x4 )2 + (x2 + x3)2 + (x2 + x4)2 + (x3 + x4)2 =3a2 − 4b. Chứng minh. Ta có T21 =(x1 + x2 )2 + (x1 + x3 )2 + (x1 + x4 )2 + (x2 + x3)2 + (x2 + x4)2 + (x3 + x4)2 =3(x21 + x22 + x23 + x24) + 2(x1 x2 + x1x3 + x1x4 + x2x3 + x2 x4 + x3x4 ) =3T6 + 2T2 =3(a2 − 2b) + 2b = 3a2 − 4b.
12 1.3 Một số nhận xét về nghiệm của phương trình bậc bốn Cho phương trình bậc bốn x4 + ax3 + bx2 + cx + d = 0 có bốn nghiệm là x1, x2 , x3 , x4 . Khi đó chúng ta có một số nhận xét sau. Nhận xét 1.3.1 Nếu x1 , x2 , x3 , x4 là bốn nghiệm của phương trình (1.1) thì 1 1 1 1 , , , là bốn nghiệm của phương trình x1 x2 x3 x4 c b a 1 t 4 + t 3 t 2 + t + = 0. (1.5) d d d d 1 Chứng minh. Thay x = vào phương trình (1.1) ta có điều phải chứng minh. t Nhận xét 1.3.2 Nếu x1 , x2 , x3 , x4 là bốn nghiệm của phương trình (1.1) thì x21 , x22 , x23 , x24 là bốn nghiệm của phương trình t 4 − (a2 − 2b)t 3 + (b2 − 2ac + 2d)t 2 − (c2 − 2bd)t + d 2 = 0. (1.6) Chứng minh. Từ các Tính chất (1.2.4), (1.2.6), (1.2.10) và (1.2.11) ta được điều phải chứng minh. Nhận xét 1.3.3 Nếu x1 , x2 , x3 , x4 là bốn nghiệm của phương trình (1.1) thì x1x2 x3 , x1 x2 x4, x1 x3 x4 , x2 x3 x4 là bốn nghiệm của phương trình t 4 + ct 3 + bdt 2 + ad 2t + d 3 = 0. (1.7) Chứng minh. Đặt t1 = x1x2 x3 ,t4 = x1 x2x4 ,t3 = x1 x3 x4,t2 = x2x3 x4 . 1) t1 + t2 + t3 + t4 = x1 x2x3 + x1x2 x4 + x1x3 x4 + x2x3 x4 = −c. 2) t1t2 + t1t3 + t1t4 + t2t3 + t2t4 + t3t4 = (x1 x2 + x1 x3 + x1x4 + x2 x3 + x2x4 + x3 x4) = T4 T2 = bd. 3) t1t2t3 +t1t2t4 +t1t3t4 +t2t3t4 = x21 x22 x23 x24 (x1 +x2 +x3 +x4) = T42 T1 = −ad 2. 4) t1t2t3t4 = x31 x32 x33 x34 = d 3 . Theo định lí Viète về nghiệm của phương trình bậc bốn, ta có điều phải chứng minh.
Chương 2 Tứ giác hai tâm 2.1 Tứ giác lồi Định lí 2.1.1 Cho tứ giác lồi bất kì ABCD có độ dài các cạnh AB = a, BC = b,CD = c, DA = d và độ dài hai đường chéo AC = e, BD = f . Khi đó 1 S = e f sin θ , (2.1) 2 trong đó θ là góc nhọn giữa AC và BD. Chứng minh. c b C D b E b d θ b f e b A a b B Gọi E là giao điểm của AC và BD. Ta có S =SAEB + SBEC + SCED + SDEA 1 1 1 = AE.EB. sin θ + BE.EC. sin(1800 − θ ) + CE.ED. sin θ 2 2 2
14 1 + DE.EA. sin(1800 − θ ) 2 1 = [AE(EB + ED) +CE(EB + ED)]sin θ 2 1 1 1 = (AE + EC).BD. sin θ = AC.BD. sin θ = e f sin θ . 2 2 2 Định lí 2.1.2 (Định lí Bretschneider) Cho tứ giác lồi bất kì ABCD có độ dài các cạnh AB = a, BC = b,CD = c, DA = d. Khi ấy diện tích ABCD được tính theo công thức s A +C S = (p − a)(p − b)(p − c)(p − d) − abcd. cos2 , (2.2) 2 trong đó A và C là hai góc đối diện. Chứng minh. c b C D b d b b A a b B Ta có 1 1 S = S△ADB + S△BDC = ad sin A + bc sinC. 2 2 Vì thế 2S = ad sin A + bc sinC, 4S2 = (ad)2 sin2 A + (bc)2 sin2 C + 2abcd sin A sinC. (1) Áp dụng Định lí hàm số cosin cho tam giác ABD, BDC ta có a2 + d 2 − 2ad cos A = DB2 = b2 + c2 − 2bc cosC,
15 hay 2 a2 + d 2 − b2 − c2 = (ad cos A − bc cosC)2 . 2 Điều này có thể được viết lại như sau (a2 + d 2 − b2 − c2)2 = (ad)2 cos2 A+(bc)2 cos2 C −2abcd cos A cosC. (2) 4 Cộng tương ứng các vế của (1) và (2) ta được 2 (a2 + d 2 − b2 − c2)2 4S + =(ad)2 + (bc)2 − 2abcd cos(A +C) 4 =(ad + bc)2 − 2abcd − 2abcd cos(A +C) =(ad + bc)2 − 2abcd(cos(A +C) + 1) cos(A +C) + 1 =(ad + bc)2 − 4abcd 2 A +C =(ad + bc)2 − 4abcd cos2 . 2 Từ đó ta có A +C 16S2 =4(ad + bc)2 − (a2 + d 2 − b2 − c2)2 − 16abcd cos2 2 h ih i 2 2 2 2 2 2 2 2 = 2(ac + bc) − (a + d − b − c ) 2(ac + bc) + (a + d − b − c ) A +C − 16abcd cos2 2 h ih i 2 2 2 2 2 A +C = (b + c) − (a − d) (a + d) − (b − c) − 16abcd cos 2 =(a + b + c − d)(a + b − c + d)(a − b + c + d)(−a + b + c + d) A +C − 16abcd cos2 2 2 A +C =16(p − a)(p − b)(p − c)(p − d) − 16abcd cos . 2 Suy ra A +C S2 = (p − a)(p − b)(p − c)(p − d) − abcd cos2 2
16 hay s A +C S= (p − a)(p − b)(p − c)(p − d) − abcd. cos2 . 2 Vậy công thức Bretschneider được chứng minh. Định lí 2.1.2’ (Định lí Bretschneider dưới ngôn ngữ độ dài cạnh và đường chéo) Cho tứ giác lồi bất kì ABCD có độ dài các cạnh AB = a, BC = b,CD = c, DA = d và độ dài hai đường chéo AC = e, BD = f . Khi đó diện tích tứ giác ABCD được tính theo công thức 1p 2 2 S= 4e f − (a2 − b2 + c2 − d 2)2 . (2.3) 4 Chứng minh. c b C D b E b d θ b f e b A a b B Gọi E là giao điểm của AC và BD. Kí hiệu θ là góc nhọn của AC và BD. Từ Định lí 2.1.1 ta có 1 S = e f sinθ . 2 Do đó 16S2 = 4e2 f 2 sin2 θ = 4e2 f 2 (1 − cos2 θ ) = 4e2 f 2 − (2e f cos θ )2 . Kí hiệu AE = e1 , EC = e2 , BE = f1 , ED = f2 . Khi ấy theo định lí hàm số cosin ta có a2 = AE 2 + EB2 − 2AE.EB. cos θ = e21 + f12 − 2e1 f1 cos θ ,