Mời các bạn cùng tham khảo "Đề thi tuyển sinh vào lớp 10 môn Vật lí chuyên năm 2018-2019 có đáp án - Sở GD&ĐT Kiên Giang" sau đây để biết được cấu trúc đề thi, cách thức làm bài thi cũng như những dạng bài chính được đưa ra trong đề thi. Từ đó, giúp các bạn học sinh có kế hoạch học tập và ôn thi hiệu quả.
AMBIENT/
Chủ đề:
Nội dung Text: Đề thi tuyển sinh vào lớp 10 môn Vật lí chuyên năm 2018-2019 có đáp án - Sở GD&ĐT Kiên Giang
- SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO KỲ THI TUYỂN SINH VÀO LỚP 10 THPT CHUYÊN
KIÊN GIANG NĂM HỌC 2018 – 2019
HƯỚNG DẪN CHẤM THI – ĐỀ CHÍNH THỨC
MÔN: VẬT LÝ (CHUYÊN)
(Gồm 04 trang)
A. HƯỚNG DẪN CHUNG
- Hướng dẫn chấm bên dưới chỉ trình bày vắn tắt một cách giải cho mỗi bài.
- Trong quá trình chấm, các giám khảo có thể chia nhỏ điểm từng phần để chấm chính xác nhưng tổng
điểm của từng ý, từng bài phải đúng bằng điểm của từng ý, từng bài của hướng dẫn chấm.
- Nếu học sinh giải bài theo những cách khác nhưng vẫn đảm bảo tính đúng đắn, tính chính xác khoa học
thì vẫn được tính điểm tối đa của từng ý hoặc từng bài tương ứng.
- Học sinh bị trừ 0,25 điểm cho mỗi lần ghi thiếu đơn vị đo, nhưng tổng số điểm bị trừ ở mỗi bài không
quá 0,50 điểm.
B. ĐÁP ÁN VÀ BIỂU ĐIỂM
Biểu
Bài Ý Nội dung
điểm
a Vôn kế và ampe kế lần lượt đo hiệu điện thế U1 và cường độ dòng điện I1 của
Bài 1 điện trở R1. Từ đồ thị ta có thể tính trị số của R1:
(2 U 16
điểm) R1 1 32 0,5
I1 0,5
b Ta có sơ đồ đoạn mạch: (R1 nt Rx) // R2 : U1x U 2 = 50 V
0,25
U 22 502
Công suất tiêu thụ của R2: P2 = = 50 W
R2 50 0,25
Công suất tiêu thụ của đoạn mạch (R1 nt Rx): P1x PAB P2 = 75 50 = 25 W
U12x 502 0,25
Điện trở tương đương của đoạn mạch (R1 nt Rx): R1x = = 100 Ω
P1x 25 0,25
Trị số của biến trở: Rx R1x R1 = 100 32 = 68 Ω
l 0,25
Từ công thức R suy ra vị trí của con chạy C:
S
68 68
MC = MN = .10 = 1, 7 cm
400 400 0,25
a + Khối lượng riêng của hệ vật:
Bài 2 mA mB 1, 6 + 0,9
DH = = 1250 (kg / m3 )
(2 2V 2.(0,1) 3
điể m) Do DH > Dn nên hệ vật chìm hoàn toàn trong nước. 0,25
mB 0,9
+ Khối lượng riêng vật B: DB = 3
= 900 (kg / m 3 )
V 0,1
Do DB < Dn nên khi vật A chạm đáy thì vật B ở phía trên kéo căng dây nối
như hình vẽ.
Vật B có các lực tác dụng là lực căng dây T , trọng lực của vật B là PB và
lực đẩy Ác si mét FA 2 . Vật B cân bằng nên: PB + T = FA2 0,25
Trang 1
- → T = FA2 PB
= (0,1)3.10.1000 – 10 .0,9 = 1 N FA 2
Vật B
PB
T
Vật A
b + Xét khi vật B ra khỏi nước, vật A còn chìm hoàn toàn trong nước:
Các lực tác dụng lên vật A gồm: Lực căng dây T1 , trọng lực của vật A là 0,5
PA và lực đẩy Ác si mét tác dụng lên vật A là FA1 . Ta có :
T1 + FA1 = PA
T1 = PA FA1 = 10 . 1,6 0,13.10.1000 = 6 N
Do T1 < TMax nên dây nối chưa đứt. 0,5
+ Xét khi vật A và vật B ra khỏi mặt nước:
Các lực tác dụng lên vật A gồm: Lực căng dây T2 và trọng lực của vật A là
PA cân bằng:
T2 = PA =10. 1,6 = 16 N
Do T2 > TMax nên dây nối đã đứt khi một phần vật A còn trong nước.
+ Xét khi dây bị đứt (một phần vật A còn chìm trong nước):
Gọi h là chiều cao tính từ đáy vật A đến mặt nước (chiều cao phần chìm 0,5
trong nước) (0 < h < 10 cm).
Các lực tác dụng lên vật A khi đó gồm: Trọng lực của vật A là PA , lực đẩy
Ác si mét tác dụng lên phần chìm trong nước của vật A là FA3 và lực căng
dây TMax .
Ta có: FA3 + TMax = PA
0,12. h.10.1000 + 10 = 16
h = 0,06 m = 6 cm
Vậy dây nối đứt khi vật A còn chìm trong nước một đoạn 6 cm.
a
Bài 3
(2
điểm)
0,25
Trang 2
- b Ta có:
+ OAB ∽ OA’B’ =>
AB OA 1
= = (1)
A'B' OA' 4
OA' = d ' = 4.OA = 4.6 = 24 cm 0,5
+ F’A’B’ ∽ F’OI =>
OI AB F'O F'O
= = = (2) 0,5
A'B' A'B' F'A' F'O + OA'
OA F'O 1 f
= =
Từ (1) và (2) suy ra: OA' F'O + OA' 4 f 24 0,5
f = 8 cm
0,25
25 25
+ Số bội giác của kính lúp: G = = 3,125x
f 8
a + Khi K mở: R1 nt (R4 // (R2 nt R3))
Bài 4 R23 .R4 10.10
(3 R23 = R2 + R3 = 10 ; R234 = = =5 Ω
R23 R4 10 +10 0,5
điểm)
Rtđ = R1 + R234 = 3 + 5 = 8
+ Khi K đóng:
((R1 // R2) nt R4)//R3
R3
A B 0,5
R2
R1 R4
R1.R2 3.6
R12 = = = 2 Ω ; R124 = R12 + R4 = 2 +10 = 12 0,5
R1 R2 3 + 6
R .R 12.4
R’tđ = 124 3 = =3Ω 0,25
R124 R3 12 + 4
b + Cường độ dòng điện trong mạch chính:
U AB 12 0,25
I = = 4 A => I3 + I124 = 4 A (1)
R 'td 3
+ Ta có: U3 = U124 (đoạn mạch song song)
I3.R3 = I124.R124 4I3 = 12I124 I3 = 3I124 (2)
Từ (1) và (2) suy ra I124 = 1 (A) 0,5
+ Do (R1 // R2) nt R4 nên I12 = I4 = I124 = 1 A => I1 + I2 = 1 A (3)
Mặt khác: U1 = U2 I1.R1 = I2.R2 3I1 = 6I2 I1 = 2I2 thế vào (3) ta 0,5
1
có: I2 = (A)
3
a Gọi t là nhiệt độ cân bằng sau khi đổ nước từ bình thứ nhất và bình thứ ba
Bài 5 vào bình thứ tư (200C < t < 1000C ). Ta có:
(1 QT = QTh m1.c.(t1 t) = m3.c.(t t3) 0,5
điểm) 1.(100 – t) = 3.(t – 20)
t = 400C
Vậy nhiệt độ cân bằng này nhỏ hơn nhiệt độ nước ở bình hai nên nước ở
Trang 3
- bình hai sau khi đổ vào sẽ tỏa nhiệt.
b Gọi t’ là nhiệt độ cân bằng sau cùng ở bình thứ tư (400C < t’
Thêm vào BST
Báo xấu
Download
Vui lòng tải xuống để xem tài liệu đầy đủ
