DẤU HIỆU TRỤC ĐỐI XỨNG, TÂM ĐỐI XỨNG CỦA ĐỒ THỊ HÀM ĐA THỨC

Chia sẻ: Abcdef_37 Abcdef_37 | Ngày: | Loại File: PDF | Số trang:4

Thêm vào BST

Báo xấu

1.020
lượt xem 21
download

Download Vui lòng tải xuống để xem tài liệu đầy đủ

Trục đối xứng và tâm đối xứng của đồ thị hàm số là những tính chất hình học quan trọng của hàm số, nó liên quan đến nhiều bài toán mà khi giải sử dụng tới nó thì đạt được kết quả nhanh chóng. Vấn đề đặt ra là đối với một hàm số cho trước làm thế nào nhanh chóng biết được đồ thị của nó có trục đối xứng hay tâm đối xứng không ?

Chủ đề:

Bình luận(0) Đăng nhập để gửi bình luận!

Lưu

Nội dung Text: DẤU HIỆU TRỤC ĐỐI XỨNG, TÂM ĐỐI XỨNG CỦA ĐỒ THỊ HÀM ĐA THỨC

DẤU HIỆU TRỤC ĐỐI XỨNG, TÂM ĐỐI XỨNG CỦA ĐỒ THỊ HÀM ĐA THỨC G/v: Nguyễn Văn Nhiệm Trường THPT chuyên lam Sơn, Thanh hoá Trục đối xứng và tâm đối xứng của đồ thị hàm số là những tính chất hình học quan trọng của hàm số, nó liên quan đến nhiều bài toán mà khi giải sử dụng tới nó thì đạt được kết quả nhanh chóng. Vấn đề đặt ra là đối với một hàm số cho trước làm thế nào nhanh chóng biết được đồ thị của nó có trục đối xứng hay tâm đối xứng không ? Và hãy tìm trục đối xứng, tâm đối xứng đó nếu có. Trong bài viết này tôi xin giới thiệu một phương pháp sử dụng đạo hàm giải quyết một lớp bài toán của yêu cầu trên, đó là lớp đồ thị các hàm đa thức. I. LÝ THUYẾT Cho f ( x) = a0 + a1 x + ... + an x n (an ≠ 0) (1) là một đa thức với các hệ số thực, đối số x ∈ . Gọi đồ thị hàm số (1) là (C). Ta dễ dàng chứng minh được các nhận xét sau: • Nếu f ( x) là đa thức hằng, hoặc đa thức bậc nhất thì mọi đường thẳng vuông góc với nó đều là trục đối xứng của đồ thị và mọi điểm nằm trên đồ thị đều là tâm đối xứng của của đồ thị. Bây giờ giả sử deg ( f ) = n ≥ 2. • Nếu đồ thị hàm số (1) có tâm đối xứng thì n là số tự nhiên lẻ và tâm đối xứng thuộc đồ thị. • Nếu đồ thị hàm số (1) có trục đối xứng thì n là số tự nhiện chẵn và trục đối xứng cùng phương với trục O y . Ghi chú. Ở đây kí hiệu f ( k ) ( x), k ∈ * là đạo hàm cấp k của hàm số f ( x), và f ( 0) ( x) = f ( x). Ta viết f ( x) = a0 + a1 x + ... + an x n (an ≠ 0, n ≥ 2) dưới dạng f ( x) = b0 + b1 ( x − x0 ) + ... + bn ( x − x0 ) n (2). Thế x = x0 vào (2), ta được b0 = f ( x0 ). Để xác định b1 , b2 ,..., bn ta lần lượt đạo hàm hai vế của (2) theo x từ cấp 1 đến cấp n: f '( x) = b1 + 2b2 ( x − x0 ) + ... + nbn ( x − x0 ) n−1 f ''( x) = 1.2b2 + ... + n(n − 1)bn ( x − x0 ) n−2 ..... f ( k ) ( x) = k !bk + ... + n(n − 1)(n − 2)...(n − k + 1)( x − x0 ) n−k f ( n ) ( x) = n!bn . 1
Thay x = x0 vào các hệ thức trên ta được f ( k ) ( x0 ) f ( n ) ( x0 ) f '( x0 ) f ''( x0 ) b1 = ; b2 = ; ...; bk = ;...; bn = . 1! 2! k! n! f ( n ) ( x0 ) f '( x0 ) ( x − x0 ) n . Do đó f ( x) = f ( x0 ) + (3) ( x − x0 ) + ... + 1! n! uur Xét phép tịnh tiến hệ trục toạ độ O xy theo vectơ OI = ( x0 ; f ( x0 ) , ta có công  x = X + x0 thức chuyển hệ trục toạ độ  . y = Y + f ( x0 )  Trong đó I ( x0 ; f ( x0 ) là toạ độ của điểm I đối với hệ trục Oxy; M ( x; y ), M ( X ;Y ) lần lượt là toạ độ của điểm M đối các hệ trục Oxy, IXY . Trong hệ trục IXY đồ thi (C) có phương trình: f ( n ) ( x0 ) n f '( x0 ) f ''( x0 ) 2 Y = f ( x0 ) + X+ X + ... + X . (4) 1! 2! n! Từ (4) suy ra: • Đồ thị (C) nhận đường thẳng x = x0 làm trục đối xứng khi và chỉ khi hàm số (4) là hàm số chẵn. • Đồ thị (C) nhận điểm I ( x0 ; f ( x0 )) làm tâm đối xứng khi và chỉ khi hàm số (4) là hàm số lẻ. Vậy ta có các kết quả sau Mệnh đề 1. Đồ thị hàm đa thức y = f ( x) ( deg ( f ) ≥ 2 ) nhận đường thẳng x = x0 làm trục đối xứng khi và chỉ khi x0 là nghiệm của các phương trình f ( 2 k +1) ( x) = 0, ∀ k ∈ . Mệnh đề 2. Đồ thị hàm đa thức y = f ( x) ( deg ( f ) ≥ 2) nhận điểm I ( x0 ; f ( x0 )) làm tâm đối xứng khi và chỉ khi x0 là nghiệm của các phương trình f ( 2 k ) ( x) = 0, ∀ k ∈ *. Hệ quả. Phương trình f ( x) = a2 n x 2 n + a2 n−1 x 2 n−1 + ... + a0 = 0, (a2 n ≠ 0, n ≥ 1) chuyển về dạng a2 n X n + An−1 X n−1 + ... + A0 = 0 khi và chỉ khi đồ thị của hàm số y = f ( x) có trục đối xứng cùng phương với trục O y. II. MỘT SỐ VÍ DỤ ÁP DỤNG 1 Ví dụ 1. Giải phương trình x 4 − 2 x3 + x −= 0, ( x ∈ ). 4 1 1 Phân tích: Đồ thị hàm số y = x 4 − 2 x3 + x − , nhận đường thẳng x = làm 4 2 trục đối xứng. 1 Vậy ta có lời giải sau: Đặt x = + X ta được phương trình 2 2
321 3 1 X4 − X + =0⇔ X =± ± . 2 16 4 2 1 3 1 Vậy x = ± ± . 2 4 2 Ví dụ 2. Tìm a để đồ thị hàm số y = x 4 + 4ax3 − 2 x 2 − 12ax có trục đối xứng. Giải. Ta có y ' = 4 x3 + 12ax 2 − 4 x − 12a, y '' = 12 x 2 + 24ax − 4, y ''' = 24 x + 24a. x = a 4 x3 + 12ax 2 − 4 x − 12a = 0  ⇔   a = 0 ⇒ a = o; ± 1. Xét hệ    24 x + 24a = 0   a = ±1 Ví dụ 3. Chứng minh rằng nếu phương trình: f ( x) = ax 4 + bx 3 + cx 2 + dx + e = 0, (a ≠ 0) có nghiệm dạng x0 − β ; x0 − α ; x0 + α ; x0 + β thì đồ thị hàm số y = f ( x) có trục đối xứng là đường thẳng x = x0 . Giải. Ta có f ( x) = a[( x − x0 ) 2 − α 2 ][( x − x0 ) 2 − β 2 ] = a ( x − x0 ) 4 − a (α 2 + β 2 )( x − x0 ) 2 + aα 2 β 2 Suy ra f '( x) = 4a ( x − x0 )3 − 2a (α 2 + β 2 )( x − x0 ) f ''( x) = 12a ( x − x0 )2 − 2a (α 2 + β 2 ) f '''( x) = 24a ( x − x0 ).  f '( x) = 0  Xét hệ ⇔ x = x0 .  f ''( x) = 0 Vậy x = x0 là trục đối xứng của đồ thị hàm số y = f ( x). Nhận xét. Ví dụ 3 cho ta một điều kiện cần để một đa thức bậc 4 (tổng quát một đa thức bậc chẵn, bậc lớn hơn hoặc bằng 2) có các nghiệm lập thành cấp số cộng có 4 số hạng là đồ thị hàm số có trục đối xứng. Ví dụ 5. Chứng minh rằng nếu phương trình: f ( x) = ax5 + bx 4 + cx 3 + dx 2 + ex + f = 0 (a ≠ 0) có nghiệm dạng x0 − β ; x0 − α ; x0; x0 + α ; x0 + β thì đồ thị hàm số y = f ( x) có tâm đối xứng là điểm I ( x0 ;0). Giải. Ta có f ( x) = a[( x − x0 ) 2 − α 2 ] [( x − x0 ) 2 − β 2 ]( x − x0 ). 3
 f ''( x) = 0 Xét hệ  (4) ⇔ x = x0 . Suy ra điểm I ( x0 ;0) là tâm đối xứng của đồ thị.  f ( x) = 0 Nhận xét. Ví dụ 5 cho ta một điều kiện cần để một đa thức bậc 5 (tổng quát một đa thức bậc lẻ, bậc lớn hơn hoặc bằng 3) có các nghiệm lập thành một cấp số cộng có 5 số hạng là đồ thị hàm số có tâm đối xứng thuộc trục O x. Ví dụ 6. Tìm m để phương trình f ( x) = x5 − mx 4 − 2mx3 + 2m 2 x 2 + 9 x − 45 = 0 có 5 nghiệm phân biệt lập thành cấp số cộng. Giải. Điều kiện cần. Ta có f '( x) = 5 x 4 − 4mx3 − 6mx 2 + 4m 2 x + 9 f ''( x) = 20 x 3 − 12mx 2 − 12mx + 4m 2 f '''( x) = 60 x 2 − 24mx − 12m f (4) ( x) = 120 x − 24m.  f ''( x) = 0  f ''( x) = 0  m = 0 ⇒ Xét hệ  ( 4) ⇔ m  m = 5. x = 5  f ( x) = 0  Điều kiện đủ. • Với m = 0, ta được phương trình x 5 + 9 x − 45 = 0 (1) Cách 1. Dễ thấy phương trình (1) có nghiệm duy nhất, suy ra với m = 0, yêu cầu bài toán không thoả mãn. Cách 2. Đồ thị hàm số y = x 5 + 9 x − 45 , có tâm đối xứng là điểm I (0; −45) ∉O x. Suy ra với m = 0, yêu cầu bài toán không thoả mãn. • Với m = 5, ta được phương trình x 5 − 5 x 4 − 10 x 3 + 50 x 2 + 9 x − 45 = 0. (2) Phương trình (2) có các nghiệm {−3; − 1;1; 3; 5} lập thành cấp số cộng. 4