Đề kiểm tra học kì 1 môn toán lớp 12 (nâng cao) có lời giải

Chia sẻ: Pham Linh Dan | Ngày: | Loại File: PDF | Số trang:5

Thêm vào BST

Báo xấu

342
lượt xem 35
download

Download Vui lòng tải xuống để xem tài liệu đầy đủ

Các bạn học sinh và quý thầy cô tham khảo miễn phí Đề kiểm tra học kì 1 môn toán lớp 12 (nâng cao) có lời giải để hệ thống kiến thức học tập cũng như trau dồi kinh nghiệm ra đề thi

Chủ đề:

Bình luận(0) Đăng nhập để gửi bình luận!

Lưu

Nội dung Text: Đề kiểm tra học kì 1 môn toán lớp 12 (nâng cao) có lời giải

KIỂM TRA HỌC KỲ I Môn Toán-Khối 12. Chuẩn-Nâng cao. Thời gian : 90 phút (không kể thời gian phát đề) PHẦN CHUNG:( 7 điểm) 2x Câu 1(3đ): Cho hàm số : y  f ( x )  (1) x 1 1. Khảo sát và vẽ đồ thị (C) của hàm số (1). 2. Chứng minh rằng đường thẳng d: y = 2x + m luôn cắt đồ thị (C) tại hai điểm M và N phân biệt với mọi m. Xác định m để đoạn thẳng MN ngắn nhất. Câu 2(2đ): 1. Giải phương trình: log 2 ( 4.3 x  6)  log 2 (9 x  6)  1 . ( 4 m 3  4 n 3 )( 4 m 3  4 n 3 ) 2.Chứng minh rằng:  m.n  m  n ; m n với m  n, n  0 ; m  0 . Câu 3(2đ): Cho hình chóp S.ABC có ABC vuông tại B có AB  3cm , BC  4cm , cạnh bên SA  ( ABC ) và SA  4cm . Gọi (P) là mặt phẳng qua A và vuông góc với SC; mặt phẳng (P) cắt SC và SB lần lượt tại D và E. 1. Chứng minh: AE  (SBC ) . 2. Tính thể tích khối chóp S.ADE. II. PHẦN RIÊNG ( 3 điểm ) A. Học sinh học chương trình chuẩn chọn câu 4a. Câu 4a 1. ( 1 đ ) Giải bất phương trình sau: log 1 5  x  log 1 3 . 2 2 2. ( 1 đ ) Giải phương trình: 25x -33.5x +32 = 0. 3. ( 1 đ ). Tìm giá trị lớn nhất và giá trị nhỏ nhất của hàm số y = x4 – 3x3 – 2x2 + 9x trên  2; 2 . B. Học sinh học chương trình nâng cao chọn câu 4b. Câu 4b 1. (1 đ) Người ta bỏ năm quả bóng bàn cùng kích thước có bán kính bằng r, vào trong một chiếc hộp hình trụ thẳng đứng, có đáy bằng hình tròn lớn của quả bóng, các quả bóng tiếp xúc nhau và tiếp xúc với mặt trụ còn hai quả bóng nằm trên và dưới thì tiếp xúc với 2 đáy. Tính theo r thể tích khối trụ. x 2  3x  1 2. (1đ) Tìm các đường tiệm cận của đồ thị hàm số: y  . x 1 3. (1 đ) Giải phương trình: 4x =5-x. ---------- Hết ----------
ĐÁP ÁN MÔN TOÁN KHỐI 12 HỌC KỲ 1  Câu Ý Nội dung Điểm Txđ: D = R\{1} y’ = -2/(x-1)2 < 0 với mọi x khác 1 0.25 Hàm số giảm trên từng khoảng xác định (-∞; 1) và (1; +∞) 0.25 Hàm số không có cực trị Giới hạn: lim y   ; lim y   : Tiệm cận đứng x =1  x 1  x 1 0.25 lim y2 ; lim y  2 : Tiệm cận ngang y = 2 0.25 x   x   BBT x -∞ 1 +∞ y’ - - y + 2 0.5 1 1 + 2 * Đồ thị 6 4 2 0.5 -5 5 -2 -4 -6 Giao điểm I (1; 2) là tâm đối xứng của đồ thị hsố Σ2
Câu Ý Nội dung Điểm Phương trình hoành độ giao điểm của (C ) và d là 2x/(x-1) = 2x + m 0.25  g(x) = 2x2 + (m-4)x – m = 0 (1) và x khác 1 (1) có Δ = (m-4)2 + 8m = m2 + 16 > 0, với mọi m thuộc R 0.25 Và g(1) = -2 khác 0, với mọi m thuộc R 0.25 1 2 Vậy (1) luôn có 2 nghiệm phân biệt x1, x2 khác 1 với mọi m thuộc R, nên d luôn cắt (C ) tại 2 điểm M(x1, 2x1+m) và N(x2, 2x2+m) phân biệt Ta có: MN2 = 5(x2 – x1)2  5  MN = 5 x2  x1  5.  m 2  16  2 5 0.25 a 2 Vậy MN ngắn nhất là 2 5  m = 0 Σ1 log2(4.3x-6) – log2(9x-6) = 1 0.25 Điều kiện: 3x > 3/2 và 32x > 6 (1) log2 [ (4.3x-6)/(9x-6) ] = 1 0.25 1  32x – 2.3x – 3 = 0 0.25  3x = -1 (loại) hoặc 3x = 3  x =1 0.25 Σ1 Biến đổi vế trái: (m3/4 – n3/4)(m3/4 + n3/4)/(m1/2 – n1/2) –(m.n)1/2 0.25 2 =(m3/2 – n3/2)/(m1/2 – n1/2) –(m1/2.n1/2) 0.25 = (m1/2 – n1/2)(m + m1/2.n1/2 + n)/(m1/2 – n1/2) – (m1/2.n1/2) 0.25 2 =m+n 0.25 Σ1
S D E 0.25 A C 1 B AE vuông góc (SBC) BC vg AB và BC vg SA => BC vg (SAB) 0.25 BC vg (SAB) và AE chứa trong (SAB) => BC vg AE SC vg (ADE) và AE chứa trong (ADE) => SC vg AE 0.25 3 AE vg BC và AE vg SC => AE vuông góc (SBC) 0.25 VS.ADE 0.25 SD/SC = SD.SC/SC2 = SA2/SC2 = 16/41 SE/SB = SE.SB/SB2 = SA2/SB2 = 16/25 0.25 VS.ADE / VS.ABC = SA.SD.SE/SA.SC.SB = SD.SE/SC.SB =16.16/41.25 = 256/1025 2 VS.ADE = (256/1025).VS.ABC = (256/1025).1/3.SA.1/2.AB.BC = (256/1025).1/3.4.1/2.3.4 0.25 = (256/1025).8 (cm3) 0.25 4a 3 điểm 4a.1 1 điểm 0,25 + Đk: x > - 5 0,25 + BPT  x  5  3  x  5  9  x  4 . KL: Tập nghiệm là S = 4;  0,5 4a.2 1 điểm +ĐKXĐ: x tùy ý. 0,25 +Đặt t=5x, ( t>0) 0,25 +Giải được t=1; t=32 0,25 +Kết luận nghiệm: x=0; x=log532. 0,25 4a.3 1điểm
  x  1   2;2 + y’ = 4x – 9x – 4x + 9, y’ = 0   x  1   2;2 3 2 0,5  9  x    2;2  4 + y ( - 2 ) = 14, y ( - 1 ) = - 7, y ( 1 ) = 5, y ( 2 ) = 2 0,25 + max y  y (2)  14 , min y  y (1)  7  2; 2   2; 2  0,25 4b 3 điểm 4b.1 1 điểm + V=R2h 0.25 + R=r 0.25 + h=10 0.25 + V=10r3. 0.25 4b.2 1 điểm + Tìm được TCĐ: x=1 0.25 1 + HS viết lại: y  x  2  x 1 0.25 + HS lập luận và tìm được TCX: y=x-2 ( cả 2 phía) 0.5 4b.3 1 điểm + HS nhận xét x=1 là một nghiệm của PT 0.25 + H số f(x)=4x đồng biến trên R 0.25 + H số g(x)=5-x nghịch biến trên R 0.25 + Kết luận PT có nghiệm duy nhất x=1. 0.25