“Đề thi học sinh giỏi cấp trường môn Vật lý lớp 11 năm 2023-2024 có đáp án - Trường THPT Lương Ngọc Quyến, Thái Nguyên” sau đây sẽ giúp bạn đọc nắm bắt được cấu trúc đề thi, từ đó có kế hoạch ôn tập và củng cố kiến thức một cách bài bản hơn, chuẩn bị tốt cho kỳ thi sắp. Mời các bạn cùng tham khảo nội dung chi tiết.
AMBIENT/
Chủ đề:
Nội dung Text: Đề thi học sinh giỏi cấp trường môn Vật lý lớp 11 năm 2023-2024 có đáp án - Trường THPT Lương Ngọc Quyến, Thái Nguyên
- SỞ GD&ĐT THÁI NGUYÊN CỘNG HÒA XÃ HỘI CHỦ NGHĨA VIỆT NAM
TRƯỜNG THPT LƯƠNG NGỌC QUYẾN Độc lập - Tự do - Hạnh phúc
ĐỀ THI HỌC SINH GIỎI CẤP TRƯỜNG
LỚP 11 - MÔN: VẬT LÍ – Năm học 2023 - 2024
Thời gian: 150 phút - (Không kể thời gian giao đề)
Câu 1. (4,0 điểm).
Một ôtô của địch đang leo thẳng lên một quả đồi với vận tốc không đổi là 2,5m/s. Đồi có sườn dốc là một
mặt phẳng nghiêng hợp với phương ngang một góc bằng 300. Người ta bắn quả đạn pháo từ chân dốc với góc bắn
600 so với phương ngang. Lúc bắn thì ôtô cách pháo 500m. Để đạn bắn trúng ôtô thì vận tốc của đạn phải là bao
nhiêu ? Cho g = 10 m/s2.
Câu 2. (4,0 điểm).
Vật khối lượng m được kéo đi lên trên mặt phẳng nghiêng với lực ⃗ , ⃗ hợp với
𝐹 𝐹
mặt phẳng nghiêng góc 𝛽. Mặt phẳng nghiêng góc 𝛼 so với mặt phẳng ngang. Hệ số ma
sát trượt giữa vật và mặt phẳng nghiêng là 𝜇.
a. Tìm biểu thức tính F khi vật đi lên đều theo mặt phẳng nghiêng.
b. Với m = 5kg, 𝛼 = 45 𝑜 , 𝜇 = 0,5, lấy g = 10m/s2. Xét vật đi lên đều, tìm 𝛽 để F nhỏ
nhất, tìm giá trị lực F nhỏ nhất đó.
Câu 3. (4,0 điểm).
Một thanh AB đồng chất, tiết diện đều, khối lượng m = 100kg có thể quay tự
do quanh một trục đi qua đầu A và vuông góc với mặt phẳng hình vẽ (hình 2). Thanh
được giữ cân bằng theo phương hợp với phương ngang một góc α = 300 nhờ một lực
⃗ đặt vào đầu B, phương của ⃗ có thể thay đổi được.
𝐹 𝐹
a. 𝐹⃗ có phương nằm ngang. Tìm giá trị của F.
b. Tìm giá trị nhỏ nhất của lực F để có thể giữ thanh như đã mô tả.
Câu 4. (4,0 điểm).
Một con lắc lò xo đặt trên mặt phẳng nằm ngang nhẵn, lò xo nhẹ có độ cứng 40
N/m một đầu cố định, đầu kia gắn với vật nhỏ m, khối lượng 100 g. Kéo vật m dọc theo trục lò xo để lò xo giãn ra
một đoạn 2,5√2cm rồi truyền cho nó một vận tốc có độ lớn 50√2cm/s hướng về vị trí cân bằng để vật m dao động
điều hòa. Chọn trục tọa độ Ox theo phương ngang, gốc O trùng với vị trí cân bằng, chiều dương là chiều giãn của lò
xo, gốc thời gian là lúc truyền vận tốc cho vật m.
1. Viết phương trình dao động của vật m và tìm thời điểm đầu tiên lò xo có chiều dài cực đại.
2. Khi vật m ở vị trí có li độ 𝑥 = 2,5√3 cm và đang giảm thì một vật nhỏ m1 có khối lượng 100 g, chuyển động
cùng hướng với vật m dọc theo trục của lò xo có tốc độ không đổi 100 cm/s, đến va chạm mềm với vật m. Biết sau va
chạm hệ vật (m + m1) dao động điều hòa. Xác định quãng đường hệ vật (m + m1) đi được tính từ lúc va chạm cho
tới khi lực đàn hồi của lò xo có độ lớn bằng 1,8 N lần thứ hai.
Câu 5. (4,0 điểm).
Trong thí nghiệm giao thoa sóng trên mặt chất lỏng, hai nguồn sóng kết hợp S1 và S2 cách nhau 18 cm dao
động theo phương trình 𝑢1 = 𝑢2 = 3. 𝑐𝑜𝑠(2𝜋𝑓𝑡) cm. Tần số f có thể thay đổi được. Coi sóng truyền đi với biên độ
không đổi. Tốc độ truyền sóng v = 75 cm/s.
1. Cho f = 25 Hz.
a. Xác định bước sóng và biên độ dao động tại M, biết M là một điểm trên mặt chất lỏng trong vùng giao thoa
cách hai nguồn S1, S2 lần lượt là 15 cm và 24 cm.
b. N là một điểm trên mặt chất lỏng trong vùng giao thoa với NS1 vuông góc với S1S2 và NS1 = 24 cm. Xác
định số điểm dao động với biên độ cực tiểu trên đoạn NS1.
c. P là một điểm trên mặt chất lỏng trong vùng giao thoa cách hai nguồn S1, S2 lần lượt là 32 cm và 22 cm. Tại
thời điểm t, N có li độ là 𝑢 𝑁 = −3√3cm. Xác định li độ của P khi đó.
2. Thay đổi tần số f. A và B là hai điểm trên mặt chất lỏng trong vùng giao thoa sao cho S1ABS2 là hình vuông.
Biết A là điểm dao động với biên độ cực đại, trên đoạn S1S2 có số điểm giao thoa cực đại nhiều hơn số điểm giao thoa
cực tiểu và số điểm giao thoa cực đại trên đoạn AB nhiều hơn số điểm giao thoa cực đại trên đoạn BS2 là 2 điểm. Xác
định số điểm dao động với biên độ cực đại trên đoạn AS2.
………………HẾT……………..
- ĐÁP ÁN CHẤM
Câu 1: 4 điểm
Nội dung Điểm
Chọn hệ trục tọa độ: gốc O trùng với nới đặt pháo, Oy theo phương thẳng đứng hướng lên, Ox theo
phương nằm ngang. Gốc thời gian là t = 0 là lúc viên đạn được bắn ra với vận tốc v.
Phương trình chuyển động của đạn theo các trục tọa độ là: x1 = (vcos600).t = 0,5vt (1) 1,0
√3
và y1= (vsin60 ).t – 5t =
0 2
.v.t- 5t 2
(2)
2
Phương trình chuyển động của ôtô theo các trục tọa độ là:
x2 = 500 cos300 + (2,5.cos300).t = 250√3 + 1,25√3.t (3)
1,0
y2 = 500.sin300 +(2,5sin300).t = 250 + 1,25.t (4)
Khi đạn bắn trúng ôtô thì: x1 = x2 và y1 = y2.
Suy ra: 5t2 – 2,5.t – 500 = 0 (5)
1,0
Giải phương trình (5) ta được: t1 = 10,25312451; hoặc t2= -
9,753124512 < 0 loại
Vậy vận tốc của đạn pháo là: từ x1 = x2 1,0
Suy ra: 0,5vt1 =250√3 + 1,25√3.t1 ta được v = 88,9747m/s.
Câu 2 (4,0 điểm).
Nội dung Điểm
a. 2 điểm 2.0
Các lực tác dụng lên vật như hình 4
Vật chuyển động đều nên:
⃗ + ⃗⃗ + ⃗ 𝑚𝑠𝑡 + ⃗⃗ = 0 (*).
𝐹 𝑃 𝐹 𝑁
Chiếu (*) lên: 0,5
Ox: 𝐹𝑐os𝛽 − 𝑃 𝑠𝑖𝑛 𝛼 − 𝐹 𝑚𝑠𝑡 = 0 (2).
Oy: 𝐹 𝑠𝑖𝑛 𝛽 + 𝑁 − 𝑃 𝑐𝑜𝑠 𝛼 = 0. (3). 0,5
𝑠𝑖𝑛 𝛼+𝜇 𝑐𝑜𝑠 𝛼
Thay 𝐹 𝑚𝑠𝑡 = 𝜇𝑁 = 𝜇(𝑃 𝑐𝑜𝑠 𝛼 − 𝐹 𝑠𝑖𝑛 𝛽) vào (2) ta được: 𝐹 = 𝑃 𝑐os𝛽+𝜇 𝑠𝑖𝑛 𝛽
1,0
b. 2 điểm.
Vì P = mg, 𝜇 và 𝛼 xác định nên F =Fmin khi mẫu số 𝑀 = 𝑐os𝛽 + 𝜇 𝑠𝑖𝑛 𝛽 cực đại.
Theo bất đẳng thức Bunhacôpxki: 1,0
𝑐os𝛽 + 𝜇 𝑠𝑖𝑛 𝛽 ≤ √(𝑠𝑖𝑛2 𝛽 + 𝑐os 2 𝛽)(1 + 𝜇 2 ) = √(1 + 𝜇 2 )
Dấu ‘=’ xảy ra ⇔ 𝑡𝑎𝑛 𝛽 = 𝜇 = 0,5 ⇔ 𝛽 = 26,56 𝑜 . 1,0
𝑠𝑖𝑛 𝛼+𝜇 𝑐𝑜𝑠 𝛼
Vậy khi 𝛽 = 26,56 𝑜 thì 𝐹 = 𝐹 𝑚𝑖𝑛 = 𝑃 2
= 47,43𝑁
√1+𝜇
- Câu 3 (4,0 điểm).
a) Các lực tác dụng vào thanh AB và không đi qua trục quay A
α
như hình vẽ. A
0,5
Phương trình mômen với trục quay ở A. B
AB
mg. cos = F.AB.sin α.
2 0,5
mg
F= = 866 N
2. tan 1,0
b) Muốn F có giá trị nhỏ nhất thì F phải có phương vuông góc với AB. 0,5
AB
mg. cos = F.AB
2 0,5
mg. cos
Fmin = = 433 (N)
2 1,0
Câu 4 (4,0 điểm).
Nội dung Điểm
1) Dao động của vật m 2.0
𝑘 40
Tần số góc:𝜔 = √ 𝑚 = √0,1 = 20 rad/s 0,25
𝑣 50√2 2
Biên độ dao động: 𝐴 = √𝑥 2 + ( 𝜔)2 = √(2,5√2)2 + ( ) = 5𝑐𝑚 0,25
20
𝜋
Tại t = 0 có 𝑥 = 2,5√2 (cm) và 𝑣0 < 0 tìm được 𝜑 = rad 0,25
4
𝜋 T/8
Phương trình dao động: 𝑥 = 5 𝑐𝑜𝑠( 20𝑡 + 4 )(𝑐𝑚)
0,25
Thời điểm đầu tiên lò xo có chiều dài cực đại: -A A/
A 0,5
O
Xác định được thời điểm đó ứng với vật vật vị trí biên ở phía dương của trục Ox.
- Tính được thời gian chất điểm đi là:
𝑇 𝑇 𝑇 7𝑇 7.2𝜋 7.2𝜋 7𝜋
𝑡 = 8 + 4 + 2 = 8 = 8.𝜔 = 8.20 = 80 ≈ 0,27𝑠 0,5
2) Dao động của vật m +m1 2,0
0,25
Khi vật có li độ: 𝑥 = 2,5√3 cm . Tốc độ: |𝑣| = 20√52 − (2,5√3)2 = 50cm/s
+ Gọi vận tốc của m1 ngay trước va chạm là v1 , vận tốc ngay sau va chạm của hai vật là V: Áp dụng
định luật bảo toàn động lượng theo phương ngang
𝑚𝑣+𝑚 𝑣 50+100 0,5
𝑚𝑣 + 𝑚1 𝑣1 = (𝑚 + 𝑚1 )𝑉 ⇒ 𝑉 = (𝑚+𝑚1 )1 = 2 = 75 (cm/s)
1
𝑘 40 0,25
+ Tần số góc sau va chạm: 𝜔1 = √ = √0,2 = 10√2 (rad/s)
𝑚+𝑚1
𝐹 1,8
+ Vị trí lực đàn hồi có độ lớn: 1,8N là x1: |𝑥1 | = = = 0,045𝑚 = 4,5(𝑐𝑚) 0,25
𝑘 40
Biên độ dao động mới:
75 0,25
𝐴1 = √(2,5√3)2 + (10√2)2 = √46,875 ≈
6,85(𝑐𝑚)
- Quãng đường đi được: 𝑆 = 2,5√3 + 6,85 + (6,85 − 4,5) = 13,53(𝑐𝑚) 0, 5
Câu 5 (4 điểm).
Ý NỘI DUNG Điểm
a.
𝑣
- Bước sóng: 𝜆 = 𝑓 = 3(𝑐𝑚) …………………….. 0,5
- Ta có: MS2 – MS1 = 3λ => M thuộc vân giao thoa cực đại
0,5
=> Biên độ dao động tại M: AM = 2.3 = 6 (cm)
b.
- Các điểm dao động với biên độ cực tiểu có hiệu khoảng cách tới hai N
nguồn thỏa mãn d2 – d1 = (k + 0,5).λ; 𝑘 ∈ 𝑍 …….. 0,25
1. => Số điểm dao động với biên độ cực tiểu trên đoạn NS1 là số các giá
(2,5 𝑁𝑆 −𝑁𝑆 𝑆 𝑆 0,5
trị 𝑘 ∈ 𝑍 thỏa mãn: 2 𝜆 1 − 0,5 ≤ 𝑘 < 1𝜆 2 − 0,5 ⇔ 1,5 ≤ 𝑘 < 5,5
điểm)
⇒ 𝑘 = 2; 3 ; 4 ; 5
S1 S2 0,25
Vây, trên đoạn NS1 có 4 điểm dao động với biên độ cực tiểu.
c. Phương trình dao động tại điểm cách S1, S2 lần lượt những khoảng d1, d2
𝑑 −𝑑 𝑑 +𝑑
𝑢 = 2.3. 𝑐𝑜𝑠( 2 𝜆 1 𝜋). 𝑐𝑜𝑠 (𝜔𝑡 − 2 𝜆 1 𝜋)
0,25
- Vì NS1 + NS2 = PS1 + PS2 = 54 (cm)
30−24
𝑢𝑁 𝑐𝑜𝑠( 𝜋) 3√3
3
nên = 32−22 = −2 ⇒ 𝑢 𝑃 = (𝑐𝑚)
𝑢𝑃 𝑐𝑜𝑠( 𝜋) 2
3 0,25
- A là điểm giao thoa cực đại nên 𝐴𝑆2 − 𝐴𝑆1 = 𝑆1 𝑆2 (√2 −
A B 0,25
1) = 𝑘𝜆 (1)
- Số điểm cực đại trên AB là: 2k + 1
=> Số điểm cực đại trên BS2 là: 2k – 1
=> Vân cực đại sát S1 nhất có hiệu khoảng cách
𝑑2 − 𝑑1 = (3𝑘 − 2)𝜆 0,5
⇒ (3𝑘 − 2)𝜆 < 𝑆1 𝑆2 ≤ (3𝑘 − 1)𝜆 (2)
𝑘 S1 S2
- Từ (1) và (2) ⇒ 3𝑘 − 2 < ≤ 3𝑘 − 1
√2−1
1 2
⇒ 2−√2 < 𝑘 ≤ 2−√2 ⇔ 1,7 < 𝑘 ≤ 3,4 ⇒ 𝑘 = 2 ; 3
2
𝑆 𝑆 𝑘 0,25
(1,5 - Với k = 2 thì 1𝜆 2 = ≈ 4,83 nên trên đoạn S1S2 có số điểm cực tiêu nhiều hơn số
√2−1
điêm) điểm cực đại => Loại.
𝑆 𝑆 𝑘
- Với k = 3 thì 1𝜆 2 = ≈ 7,32 nên trên đoạn S1S2 có số điểm cực đại nhiều hơn số
√2−1
điểm cực tiểu => Thỏa mãn.
- Các điểm dao động với biên độ cực đại có hiệu khoảng cách tới hai nguồn thỏa mãn d2 –
d1 = k.λ; 𝑘 ∈ 𝑍
=> Số điểm dao động với biên độ cực đại trên đoạn AS2 là số các giá trị 𝑘 ∈ 𝑍 thỏa mãn:
−𝑆1 𝑆2 𝐴𝑆 −𝐴𝑆 0,25
< 𝑘 ≤ 2 𝜆 1 ⇔ −7,32 < 𝑘 ≤ 3
𝜆
=> Trên đoạn AS2 có 11 điểm dao động với biên độ cực đại.
0,25
Thêm vào BST
Báo xấu
Download
Vui lòng tải xuống để xem tài liệu đầy đủ
