Thông qua việc giải trực tiếp trên Đề thi học sinh giỏi môn Hóa học lớp 9 cấp tỉnh năm 2020-2021 có đáp án - Sở GD&ĐT Sóc Trăng này các em sẽ nắm vững nội dung bài học, rèn luyện kỹ năng giải đề, hãy tham khảo và ôn thi thật tốt nhé! Chúc các em đạt kết quả cao trong kì thi chọn HSG sắp tới!
AMBIENT/
Chủ đề:
Nội dung Text: Đề thi học sinh giỏi môn Hóa học lớp 9 cấp tỉnh năm 2020-2021 có đáp án - Sở GD&ĐT Sóc Trăng
- SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO KỲ THỊ HỌC SINH GIỎI CẤP TỈNH
SÓC TRĂNG LỚP 9 THCS NĂM HỌC 2020 – 2021
ĐỀ CHÍNH THỨC Môn thi: Hóa học
(Đề thi gồm có 02 trang) Thời gian làm bài: 150 phút
Cho biết: H = 1; C = 12; Na = 23; Mg = 24; Al = 27; K = 39; Ca = 40; Cu = 64; Zn = 65
Câu 1: (5,0 điểm)
1. (2,0 điểm) Viết các phương trình hóa học (ghi rõ điều kiện phản ứng, nếu có) theo sơ đồ
chuyển đổi hóa học sau:
Fe(OH)3
(1)
Fe2O3 (2) Fe2(SO4)3 ⎯→
(4)
FeCl3 ⎯→ Fe(NO3)3 ⎯→
(5) (6)
Fe(OH)3 ⎯→
(7)
Fe2O3 ⎯→ Fe
(8)
(3)
Fe3O4
2. (3,0 điểm) Bằng phương pháp hóa học và chỉ dùng thêm đá vôi, nước, nước vôi trong, nước
brom hãy nhận biết các chất khí hoặc chất lỏng đựng trong các bình thủy tinh không màu:
benzen, metan, axetilen, khí cacbonic, rượu etylic, axit axetic. Viết các phương trình hóa học
minh họa.
Hướng dẫn giải:
1. Các phương trình phản ứng:
2Fe(OH)3 + 3H2SO4 → Fe2(SO4)3 + 6H2O (1.1)
Fe2O3 + 3H2SO4 → Fe2(SO4)3 + 3H2O (1.2)
2Fe3O4 + 10H2SO4 đ,n ⎯→ 3Fe2(SO4)3 + SO2 + 10H2O
to
(1.3)
. Fe2(SO4)3 + 3BaCl3 → 2FeCl3 + 3BaSO4 (1.4)
FeCl3 + 3AgNO3 → Fe(NO3)3 + 3AgCl (1.5)
Fe(NO3)3 + 3NaOH → Fe(OH)3 + 3NaNO3 (1.6)
2Fe(OH)3 ⎯→ Fe2O3 + 3H2O
to
(1.7)
Fe2O3 + 3H2 ⎯ → 2Fe + 3H2O
o
t
(1.8)
2. Trích mỗi chất 1 ít mẫu thử
- Cho 1 ít dung dịch Br2 vào các mẫu thử, lắc đều:
+ Mẫu làm mất màu dung dịch brom → C2H2 → Nhận biết
+ Mẫu dung dịch tách thành 2 lớp → C6H6 → Nhận biết
+ Các mẫu còn lại không có hiện tượng
- Cho 1 ít nước vào các mẫu thử còn lại, lắc đều:
+ Các mẫu tạo thành dung dịch đồng nhất → C2H5OH, CH3COOH (nhóm I)
+ Các mẫu không tan, chỉ có 1 ít nước → CH4, CO2 (nhóm II)
- Cho đá vôi vào 2 mẫu thử của nhóm I:
+ Mẫu có sủi bọt khí → CH3COOH → Nhận biết
+ Mẫu còn lại không có hiện tương → C2H5OH → Nhận biết
- Cho 1 ít nước vôi trong vào 2 mẫu thử của nhóm II:
+ Mẫu làm dung dịch nước vôi trong hóa đục → CO2 → Nhận biết
+ Mẫu còn lại không có hiện tượng → CH4 → Nhận biết
Câu 2: (5,0 điểm)
1. (1,5 điểm) Viết các phương trình hóa học của các phản ứng xảy ra khi:
a) Cho Mg vào dung dịch CuSO4
b) Cho từ từ dung dịch HCl vào dung dịch Na2CO3
c) Sục khí etilen đến dư vào dung dịch brom
- d) Cho từ từ đến dư dung dịch Ba(OH)2 vào dung dịch NaHCO3
2. (1,0 điểm) Nêu hiện tượng, viết phương trình hóa học xảy ra (nếu có) giải thích các trường
hợp sau:
a) Cồn 75o có khả năng sát trùng hiệu quả nhất
b) Khi bếp than đang cháy, nếu cho vào một ít nước thì thấy bếp than cháy bùng lên
c) Không nên trộn vôi và phân urê để bón ruộng
d) Khi làm một số loại bánh, người ta thường trộn NH4HCO3 vào nguyên liệu làm bánh
3. (2,5 điểm) Để sản xuất được 150 kg axit axetic thì người ta cần dùng bao nhiêu lít rượu
etylic 40o. Biết rượu etylic có D = 0,8g/cm3.
Hướng dẫn giải:
1. Phương trình phản ứng:
a) Mg + CuSO4 → MgSO4 + Cu (2.1)
b) HCl + Na2CO3 → NaCl + NaHCO3 (2.2)
HCl + NaHCO3 → NaCl + H2O + CO2 (vì cho từ từ HCl) (2.3)
c) C2H4 + Br2 → C2H4Br2 (2.4)
d) Ba(OH)2 + 2NaHCO3 → BaCO3 + Na2CO3 + 2H2O (tỉ lệ 1:2) (2.5)
Nếu cho từ từ NaHCO3 vào Ba(OH)2 thì xảy ra 2 phản ứng:
NaHCO3 + Ba(OH)2 → BaCO3 + NaOH + H2O (tỉ lệ 1:1)
NaHCO3 + NaOH → Na2CO3 + H2O
2. Giải thích các hiện tượng, viết phương trình phản ứng:
a) (ngắn gọn) Thường độ cồn càng cao thì càng tốt, nhưng trên thực tế cồn 70-75o có
khả năng sát trùng là cao nhất. Nếu cồn lớn hơn 75o thì cồn bay hơi quá nhanh làm giảm hiệu
quả, còn nồng độ nhỏ hơn 70o thì hiệu quả thấp.
b) Khi thêm một ít nước vào than đang cháy thì nước bay hơi và tác dụng với than:
H2Ohơi + Cnóng đỏ → CO + H2 (2.6)
Do các sản phẩm CO, H2 dễ cháy nên làm ngọn lửa cháy bùng lên:
CO + O2 → CO2 (2.7)
H2 + O2 → H2 (2.8)
c) Khi bón vôi và urê cùng lúc thì xảy ra các phản ứng:
CaO + H2O → Ca(OH)2 (2.9)
(NH2)2CO + 2H2O → (NH4)2CO3
Ca(OH)2 + (NH4)2CO3 → 2NH3 + CaCO3 + 2H2O (2.10)
Do đó làm mất đạm và làm đất bị cứng do có đá vôi tạo thành
d) Người ta thường trộn NH4HCO3 với nguyên liệu làm bánh để bánh được nở, xốp,
mềm và ngon hơn, do khi hấp bánh thì NH4HCO3 bị nhiệt phân
NH4HCO3 → NH3 + CO2 + H2O (2.11)
Điểm hạn chế là bánh mới ra lò thường hơi có mùi khai của NH3.
3. Phương trình phản ứng:
C2H5OH + O2 ⎯⎯⎯⎯ men giam
→ CH3COOH + H2O (2.12)
o
Gọi V (lít) là thể tích rượu etylic 40 cần lấy. Theo (2.12) ta có:
Co
V(L) .103. .D m 3
100 CH3COOH (kg).10
n C2H5OH = n CH3COOH =
M C2H5OH M CH3COOH
40
V(L) .103. .0,8
100 150.103
Thay số ta có: = → V = 359,375 lit
46 60
Câu 3: (5,0 điểm)
- Chi 40,5 gam MX2 thành 2 phần bằng nhau
- Cho phần 1 vào 500 mL dung dịch NaOH dư thu được 14,7 gam kết tủa M(OH)2 và
dung dịch D.
- Cho phần 2 vào 600 mL dung dịch AgNO3 1M được dung dịch B và 43,05 gam kết
tủa AgX. Cho thanh Al vào dung dịch B đến khi phản ứng xảy ra hoàn toàn thu được dung
dịch E, khối lượng thanh Al sau khi lấy ra cân thấy tăng lên m gam so với ban đầu (biết toàn
bộ kim loại thoát ra bám vào thành Al). Cho dung dịch D vào dung dịch E thu được 12,48
gam kết tủa.
a) Xác định MX2 và tính giá trị m.
b) Tính nồng độ mol/L của dung dịch NaOH trên. Biết các phản ứng xảy ra hoàn toàn
Hướng dẫn giải:
a) Phương trình phản ứng: Dễ dàng nhận ra M hóa trị II; X hóa trị I
- Phần 1: Tác dụng với NaOH:
MX2 + 2NaOH → M(OH)2 + 2NaX (3.1)
- Phần 2: MX2 + 2AgNO3 → M(NO3)2 + 2AgX (3.2)
Gọi a là số mol của MX2 trong mỗi phần, ta có:
mMX2 = (M + 2X).a = 20,25 gam → Ma + 2Xa = 20,25 (3.I)
mM(OH2 = (M + 34).a = 14,7 gam → Ma + 34a = 14,7 (3.II)
mAgX = (108 + X).2x = 43,05 gam → 216a + 2Xa = 43,05 (3.III)
Giải hệ (3.I), (3.II), (3.III) ta có: Ma = 9,6 Xa = 5,325 a = 0,15
→ M = 64 (Cu); X = 35,5 (Cl). Vậy MX2 là CuCl2
Phương trình phản ứng:
CuCl2 + 2NaOH → Cu(OH)2 + 2NaCl (3.1)
Dung dịch D gồm NaOH dư + 0,3 mol NaCl.
CuCl2 + 2AgNO3 → Cu(NO3)2 + 2AgCl (3.2)
Dung dịch B gồm 0,3 mol AgNO3 dư + 0,15 mol Cu(NO3)2. Cho thanh Al vào:
Al + 3AgNO3 → Al(NO3)3 + 3Ag (3.3)
2Al + 3Cu(NO3)2 → 2Al(NO3)3 + 3Cu (3.4)
Theo định luật tăng giảm khối lượng ta có:
m = (0,3.108 – 0,1.27) + (0,15.64 – 0,1.27) = 36,6 gam
b) Dung dịch E chứa 0,2 mol Al(NO3)3 + dung dịch D → có thể xảy ra 2 phản ứng:
Al(NO3)3 + 3NaOH → 3NaNO3 + Al(OH)3 (3.5)
Al(OH)3 + NaOH → NaAlO2 + 2H2O (3.6)
- Nếu chưa xảy ra (3.6):
12, 48
Ta có n Al(OH)3 = = 0,16mol → n NaOH (3.5) = 0, 48mol
78
nNaOH = nNaOH (3.1) + nNaOH (3.5) = 0,3 + 0,48 = 0,78 mol
0,78
Vậy nồng độ NaOH đã dùng là: CNaOH = = 1,56M
0,5
- Nếu đã xảy ra (3.6):
Ta có nNaOH (3.5) = 3.0,2 = 0,6 mol
12, 48
n Al(OH)3 = = 0,16mol → n Al(OH)3 (3.6) = 0, 2 − 0,16 = 0,04mol → n NaOH (3.6) = 0,04mol
78
nNaOH = nNaOH (3.1) + nNaOH (3.5) + nNaOH (3.6) = 0,3 + 0,6 + 0,04 = 0,94 mol
0,94
Vậy nồng độ NaOH đã dùng là: CNaOH = = 1,88M
0,5
- Câu 4: (5,0 điểm) Đốt cháy hoàn toàn 1 hỗn hợp khí gồm 2 hiđrocacbon có công thức tổng
quát CnH2n và CmH2m+2 (m, n 4) cần dùng 8,96 lít O2 (đktc). Sau phản ứng thu được 5,4 gam
H2O và lượng khí CO2 có thể tích bằng 2 lần thể tích hỗn hợp khí ban đầu.
a) Xác định công thức phân tử và viết công thức cấu tạo của các hiđrocacbon trên
b) Tính thành phần phần trăm về khối lượng của hỗn hợp ban đầu
Hướng dẫn giải:
a) Phương trình phản ứng:
2CnH2n + 3n O2 → 2n CO2 + 2n H2O (4.1)
2CmH2m+2 + (3m + 1) O2 → 2m CO2 + 2(m + 1) H2O (4.2)
Cách 1: Sử dụng phương pháp đại số:
Gọi a, y lần lượt là số mol của CnH2n và CmH2m+2.
Theo đề ra ta có:
3nx (3m + 1)y 8,96
n O2 = + = → 3nx + 3my + y = 0,8mol (4.I)
2 2 22,4
5,4
n H2O = nx + (m + 1)y = → nx + my + y = 0,3mol (4.II)
18
n CO2 = nx + my = 2.(x + y) (4.III)
Thay (4.III) vào (4.I), (4.II) ta có:
6x + 7y = 0,8 x = 0,075 mol
→
2x + 3y = 0,3 y = 0,05mol
Thay x, y vào (4.III) ta có: 0,075n + 0,05m = 0,25 3n + 2m = 10
Kẻ bảng hoặc biện luận ta thu được n = m = 2.
Vậy 2 hiđrocacbon ban đầu là C2H4 và C2H6. Công thức cấu tạo
CH2 = CH2 và CH3 – CH3
Cách 2: Sử dụng phương pháp bảo toàn:
nH O
Ta có: n O2 = n CO2 + 2 → n CO2 = 0,4 − 0,15 = 0,25mol → x + y = 0,125 mol
2
Theo (4.1), (4.2) ta có: n CmH2 m + 2 = n H2O − n CO2 → y = 0,3 − 0, 25 = 0,05mol → x = 0,05 mol
Tiếp tục như trên
b) Thành phần phần trăm theo khối lượng là:
28.0,075
%C2 H 4 = 28.0,075 + 30.0,05 .100% = 58,33%
%C H = 30.0,05
.100% = 41,67%
2 6
28.0,075 + 30.0,05
Thêm vào BST
Báo xấu
Download
Vui lòng tải xuống để xem tài liệu đầy đủ
