Thông qua việc giải trực tiếp trên Đề thi học sinh giỏi môn Vật lý lớp 10 cấp tỉnh năm 2019-2020 có đáp án - Sở GD&ĐT Hải Dương này các em sẽ nắm vững nội dung bài học, rèn luyện kỹ năng giải đề, hãy tham khảo và ôn thi thật tốt nhé! Chúc các em đạt kết quả cao trong kì thi chọn HSG sắp tới!
AMBIENT/
Chủ đề:
Nội dung Text: Đề thi học sinh giỏi môn Vật lý lớp 10 cấp tỉnh năm 2019-2020 có đáp án - Sở GD&ĐT Hải Dương
- SỞ GIÁO DỤC ĐÀO TẠO KỲ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI TỈNH LỚP 10 THPT
HẢI DƯƠNG NĂM HỌC 2019-2020
Môn thi: VẬT LÝ
ĐỀ CHÍNH THỨC Thời gian làm bài: 180 phút
(Đề thi gồm: 6 câu, 02 trang)
Câu 1: (1,0 điểm)
1. Từ một khí cầu đang chuyển động thẳng đứng xuống dưới với tốc độ không đổi
bằng 2m/s, người ta ném một vật nhỏ theo phương thẳng đứng lên phía trên với tốc độ ban
đầu bằng 18m/s so với đất. Biết khí cầu chưa chạm đất trong quá trình vật chuyển động.
Bỏ qua sức cản của không khí lên vật, lấy g = 10 m/s2.
a. Tính khoảng cách giữa khí cầu và vật khi vật lên đến vị trí cao nhất.
b. Sau thời gian bao lâu thì vật rơi trở lại gặp khí cầu?
2. Một người đứng ở sân ga ngang với đầu toa thứ nhất của một đoàn tầu. Khi đoàn
tầu bắt đầu chuyển bánh nhanh dần đều thì toa thứ nhất đi qua người ấy sau thời gian 10s.
Hỏi toa thứ 5 đi qua người ấy trong thời gian bao lâu? Biết các toa có cùng độ dài, bỏ qua
khoảng nối các toa.
Câu 2: (2,5 điểm)
Một vật nhỏ có khối lượng 10 kg đang đứng
yên tại điểm A trên mặt phẳng nằm ngang thì chịu
tác dụng của lực kéo F theo phương ngang. Biết hệ
số ma sát giữa vật và mặt phẳng ngang là 1 0, 4 .
Lấy g=10m/s2. Biết AB=18m, độ lớn lực F trên AB bằng 50N.
1. Xác định gia tốc của vật trên đoạn AB và thời gian vật đi đến điểm B.
2. Sau khi tới B vật chuyển động lên mặt phẳng nghiêng BC hợp với mặt phẳng
ngang góc α = 300. Lực F giữ nguyên hướng như khi chuyển động trên mặt phẳng ngang.
Hệ số ma sát giữa vật và mặt phẳng nghiêng là 2 0,5 .
a. Độ lớn của lực kéo F = 50 N. Hỏi vật lên đến vị trí cách B một đoạn lớn nhất là bao
nhiêu. Biết mặt phẳng nghiêng BC đủ dài.
b. Độ dài của mặt phẳng nghiêng BC = 6m. Xác định độ lớn nhỏ nhất của lực F để vật
lên được đến đỉnh của mặt phẳng nghiêng.
Câu 3: (1,5 điểm)
Cho một cơ hệ như hình vẽ, thanh đồng chất OA tiết
diện đều, khối lượng M, có thể quay tự do quanh trục O cố
định. Đầu A của thanh được nối với một vật có khối lượng m
bằng dây nhẹ AB vắt qua ròng rọc cố định B. Biết OB nằm
ngang và OB=OA. Khi hệ ở trạng thái cân bằng góc α=600. Bỏ
qua ma sát, khối lượng và kích thước của ròng rọc.
m
1. Tìm tỷ số
M
2. Tìm độ lớn của lực do trục quay tác dụng lên thanh ở đầu O.
1
- Câu 4: (2,5 điểm)
1. Treo một quả cầu nhỏ khối lượng m bằng sợi dây
nhẹ, không dãn, chiều dài l vào một giá như hình vẽ. Một viên
đạn nhỏ cũng có khối lượng m bay ngang với tốc độ v0 găm
vào quả cầu và ở trong đó. Giá trị nhỏ nhất của v0 bằng bao
nhiêu để vật chuyển động tròn quanh điểm treo.
2. Một quả cầu bán kính R, khối lượng M được đặt trên mặt bàn nằm ngang.Từ
đỉnh A của quả cầu, một vật nhỏ khối lượng m trượt không ma
sát với tốc độ ban đầu bằng 0.
a. Quả cầu được giữ cố định trên bàn.Vật sẽ rời mặt cầu ở độ cao
nào so với mặt bàn và xác định góc giữa véc tơ vận tốc của vật
với phương ngang khi chạm mặt bàn.
b. Quả cầu nằm tự do trên mặt bàn nhẵn. Xác định tỉ số M/m để
7R
vật nhỏ rời mặt cầu tại tại độ cao so với mặt bàn.
4
Câu 5: (1,5 điểm)
1. Một của hàng bán bóng bay dùng một bình bằng thép dung tích 62 lít chứa khí
(coi khí là lí tưởng) ở áp suất 4,5MPa để bơm bóng bay bằng cách mở van để khí tự tràn
vào bóng, sau khi bơm dung tích mỗi quả bóng là 8,52 lít, áp suất khí trong bóng
1,05.105Pa. Người bán hàng dùng bình này sẽ bơm được bao nhiêu quả bóng bay. Biết
nhiệt độ không đổi.
2. Một xilanh kín đặt thẳng đứng, khí trong xilanh được ngăn
cách thành hai phần nhờ một pittông, pittông có thể trượt không ma sát
dọc theo xilanh. Biết khối lượng khí trong hai phần bằng nhau và luôn
cùng nhiệt độ. Ban đầu nhiệt độ khí là 270C thì tỉ số thể tích phần trên
V
và phần dưới 1 4 . Nếu nhiệt độ tăng lên đến 3270C thì tỉ số thể tích
V2
V1'
phần trên và phần dưới ' là bao nhiêu?
V2
Câu 6: (1 điểm)
Cho một cái bàn đặt trên mặt phẳng ngang, một số khúc gỗ giống nhau, dây nối,
ròng rọc cố định, thước đo chiều dài. Hãy thiết kế phương án thí nghiệm để xác định hệ số
ma sát trượt giữa khúc gỗ và mặt bàn. Bỏ qua khối lượng của ròng rọc và dây nối.
............................Hết...........................
Họ và tên thí sinh:...........................................Số báo danh:.........................
Chữ kí giám thị 1:.................................... Chữ kí giám thị 2:.......................
2
- SỞ GIÁO DỤC ĐÀO TẠO KỲ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI TỈNH
HẢI DƯƠNG LỚP 10 THPT - NĂM HỌC 2019 – 2020
Môn thi: VẬT LÝ
HƯỚNG DẪN CHẤM (BẢN DỰ THẢO)
Câu 1
(1điểm)
1(0,5 đ) Chọn trục tọa độ Oy theo phương thẳng đứng, chiều dương hướng lên
trên, gốc O tạ vị trí của khí cầu khi vật bắt đầu được ném lên.
phương trình chuyển động của khí cầu: y1 v01t (1)
gt 2
- Phương trình chuyển động của vật: y2 v02t ; v2 v02 gt (2)
2
v
- Vật lên đến vị trí cao nhất khi v2 = 0 t 02
g
2
v v v
khoảng cách giữa hai vật khi đó AB= 02 01 02 19,8(m) 0,25
2g g
Khi vật và khí cầu gặp nhau: y1 = y2
gt
v01 v02 t 4( s) 0,25
2
2(0,5 đ) Toa thứ nhất vượt qua người ấy sau thời gian t1:
2
at 2S 0,25
s 1 t1
2 a
n toa đầu tiên vượt qua người ấy mất thời gian t n :
2
a.t n 2nS
ns tn ;
2 a
n 1 toa đầu tiên vượt qua người ấy mất thời gian t n1 :
2(n 1) S
2
n 1s atn1 t n1
2 a
Toa thứ n vượt qua người ấy trong thời gian t :
2S
t t n t n 1 ( n n 1) .
a
( n n 1)t1
t 2,36 (s) 0,25
Câu 2
(2,5 đ)
3
- 1. Vẽ hình, phân tích lực, chọn hệ trục tọa độ.
(1,0 đ) P Q F Fms ma 0,25
- Chiếu lên các trục toạ độ xác định được:
F 1mg
a 1m 2
m s
0,25
* Vận tốc và thời gian vật đến B
0,25
- Vận tốc tại B : vB 2as = 6 m/s
vB 0,25
- Thời gian vật đến B: t 6( s)
a
2a
(0,75 đ)
- Vẽ hình, phân tích lực khi vật đi trên mặt
phẳng nghiêng
- Ta có:
P Q ' Fms' F ma ' 0,25
- Chiếu lên các trục thu được:
F cos 2 sin mg (sin 2 cos )
a' 6, 25m / s 2 0,25
m
- Vị trí D vật lên được cách B lớn nhất, có vD=0
v 2
Khoảng cách DB: DB B = 2,88m 0,25
2a '
2b
(0,75 đ) F (cos 2 sin ) mg (sin 2cos )
ta có a1
m
Ta có: vC 0
vC vB2 2a1BC 36 12a1 0 a =-3 m/s2
1 0,5
F 102,8N 0,25
vậy lực nhỏ nhất bằng 102,8N
4
- Câu 3
(1,5 đ)
1 Ta có : T = P2 0,25
(1,0 đ)
Áp dụng quy tắc mômen cho thanh
với trục quay O.
Mg cos T cos
2 2
Mg.cos 0,5
T
2cos
2
m cos 1
M 2cos 2 3 0,25
2
2 Theo ý 1: M=2 3 m
(0,5 đ)
Thanh cân bằng nên: P1 N T 0
Giá của phản lực N ở chốt O phải đi qua giao điểm Q của trọng lực P1 và
lực căng dây T
Chiếu lên phương thẳng đứng:
0,25
3 3 3
N cos P1 P2 sin 600 = Mg - mg = mg (1)
2 2
0,25
Chiếu lên phương ngang: N sin P2 cos600 = mg/2 (2)
3 3 2
Giải hệ (1), (2): N2 = (mg ) + (mg/2)2
2
N 7.m.g
Câu 4
1 Theo định luật bảo toàn động lượng ta suy ra vận tốc hai vật sau va chạm
(1,0đ) v
mv0 2mv v 0 0,25
2
Để vật chuyển động tròn, tại điểm cao nhất lực căng dây phải thỏa mãn
điều kiện:
0,25
T 0
Định luật II Newton:
5
- mv 2 mv 2
T mg T mg 0 v 2 gl vmin gl
l l
0,25
- Theo định luật bảo toàn cơ năng
2
2mv02 2mvmin
4mgl v0 2 5 gl 0,25
8 2
2a ĐLIINT, ta có:
(0,75đ)
mg cos N ma n với
V2
an
R
+ Vật rời khỏi mặt quả
cầu : N=0
=> V 2 gR cos (1).
ĐLBTCN:
mV 2
mg( R R cos )
2
=> V 2 2gR (1 cos ) (2) 0,25
Giải hệ (1)((2) => cos 2 / 3; V 2gR / 3 .
Độ cao khi rời mặt cầu: h = R + Rcosα = 5R/3 0,25
* khi chạm vào mặt bàn vận tốc V1 dưới góc β
2
mV1
ĐLBTCN 2mgR => V1 2 gR .
2
+ Theo phương ngang vận tốc không đổi
=> V cos V1 cos => 2/3. 2 gR / 3 =2 gR cos => =74,20
0,25
2b 2) Quả cầu đặt tự do, đặt M/m=x
(0,75đ)
+ m bắt đầu rời M khi N=0 và aM=0, lúc đó M có vận tốc v2, m có vận tốc
v đối với M
6
- + hình vẽ => cosα = ( 7R/4- R)/R = 3/4
ĐLIINT cho m: mg.cosα = mv2/R => v2
=gRcosα (1)
ĐLBTĐL theo phương ngang
0,25
0 = Mv2 + m(v2 – v.cosα)
mv cos v cos cos gR cos
=> v2 = = (*)
mM 1 x 1 x
Vận tốc của m: vm v v2
=> v2m= v2 v22 2vv2cos(180 )
0.25
gR cos3 cos 2
= gR cos 2 gR cos . gR cos .
(1 x)2 1 x
cos3 cos3 0.25
=gR( cos 2 ) (**)
(1 x)2 1 x
2 2
Mv2 mv
ĐLBTCN : mgR(1- cosα) = m
2 2
0.25
xv2 2 vm 2
gR(1- cosα) = (***)
2 2
cos3 11
(*) và (**) vào (***) => x 1
3cos 2 16
Câu 5
(1.5đ)
1 Gọi n là số quả bóng bay, thể tích khí chứa trong n quả bóng
(0,75đ)
V = n.V0
Trạng thái 1:
7
- p1 4,5MPa 4,5.106 Pa
0,25
V1 62lit
Trạng thái 2:
p 2 1,05.105 Pa
V2 V1 V V1 nV0 ;V0 8,52lit
0,25
Ta có:
P1V1 P2 V2 => n=305 (quả)
0.25
2 + Lúc đầu, ta có các phương trình
(0,75đ)
V1
4
V2 (1)
P1V1 P2 V2 => P2=4P1 (2)
0,25
P1S+mg=P2S => mg=3P1S (3)
+ Lúc sau ta có
5nV2
V1 V1 n 1
n vì V1+V2 =V1'+V2' =>
V2 V V2
n 1
2
(4)
P1V1 P2V2 => P'2=nP'1 (5) 0,25
mg=(P'2-P'1)S=(n-1) P'1S (6)
PV PV PV PV
Mặt khác: 1 1
1 1 => 1 1 1 1 (7)
T '1 T1 600 300
8
- 8(n 1) P1
Thế (1), (4) vào (7) => P1
5n
0,25
8( n 1)
Ta có: Từ (3) và (6): 3P1S=(n-1) P'1S =>3=(n-1) 5n => n=2,3
Câu 6
(1,0đ)
+ Cơ sở lý thuyết
Bố trí các vật như hình, trong đó vật m1 là 1 khúc gỗ, m2 =nm1 sao cho khi thả
tay thì hệ chuyển động, khi m2 chạm đất thì m1 tiếp tục trượt và dừng lại trước
0,25
khi chạm vào ròng rọc.
Khi m2 chưa chạm đất:
gia tốc của hệ
a=(m2g- m1g)/(m1+m2)=(n- )g/(n+1)
Tốc độ của 2 vật lúc m2 chạm đất
2(n ) gh 0,25
v 2ah
n 1
Khi m2 chạm đất, gọi s là quãng đường m1 tiếp tục đi cho đến khi dừng lại
gia tốc của m1: a1= - g
9
- v 2 (n ) gh nh
Ta có: s => 0,25
2a1 (n 1) g s(n 1) h
+ Dùng thước đo h, s. n biết, suy ra .
0,25
Học sinh giải theo cách khác nhưng kết quả đúng thì vẫn cho đủ số điểm.
10
Thêm vào BST
Báo xấu
Download
Vui lòng tải xuống để xem tài liệu đầy đủ
