intTypePromotion=1
zunia.vn Tuyển sinh 2024 dành cho Gen-Z zunia.vn zunia.vn
ADSENSE

Đáp án đề thi tốt nghiệp cao đẳng nghề khóa 3 (2009-2012) - Nghề: Điện công nghiệp - Môn thi: Lý thuyết chuyên môn nghề - Mã đề thi: DA ĐCN-LT24

Chia sẻ: Lê Na | Ngày: | Loại File: DOC | Số trang:5

38
lượt xem
3
download
 
  Download Vui lòng tải xuống để xem tài liệu đầy đủ

Tham khảo Đáp án đề thi tốt nghiệp cao đẳng nghề khóa 3 (2009-2012) - Nghề: Điện công nghiệp - Môn thi: Lý thuyết chuyên môn nghề - Mã đề thi: DA ĐCN-LT24 sau đây với gợi ý trả lời chi tiết cho mỗi câu hỏi và thang điểm rõ ràng sẽ là tài liệu ôn thi tốt nghiệp hiệu quả.

Chủ đề:
Lưu

Nội dung Text: Đáp án đề thi tốt nghiệp cao đẳng nghề khóa 3 (2009-2012) - Nghề: Điện công nghiệp - Môn thi: Lý thuyết chuyên môn nghề - Mã đề thi: DA ĐCN-LT24

  1. CỘNG HÒA XàHỘI CHỦ NGHĨA VIỆT  NAM Độc lập – Tự do – Hạnh phúc ĐÁP ÁN ĐỀ THI TỐT NGHIỆP CAO ĐẲNG NGHỀ KHOÁ 3 (2009 ­ 2012) NGHỀ:  ĐIỆN CÔNG NGHIỆP MÔN THI: LÝ THUYẾT CHUYÊN MÔN NGHỀ Mã đề thi số: DA ĐCN ­ LT 24 Câu Nội dung Điểm I. Phần bắt buộc 1 Sơ đồ nguyên lý:  Để biến đổi điện áp động cơ không đồng bộ người ta dùng  bộ  nguồn BĐ có điện áp ra thay đổi tuỳ  theo tín hiệu đặt  0,25 điều khiển (Uđk ) với sơ đồ nguyên lý như hình vẽ. U® k ∼ B§ § 0,25 S¬® å tæng qu¸t cña hÖtruyÒn ® éng ®iÖn K § B cã ®iÒu chØ nh ®iÖn ¸p nguån Họ đặc tính điều chỉnh của động cơ 2 f Ta có : ω0 = = const . P              Mth = var .              Sth = const .  0,25 Ta có họ đặc tính điều chỉnh như hình vẽ  Họ đặc tính cơ  0,5 1/5
  2. ω ω0 B A ω1 ®t tn ω2 A’ nt U b2 U b1 U®m M 0 Mb Mc M th            Nguyên tắc điều chỉnh:   Động cơ đang làm việc ổn định tại điểm A trên đường  đặc tính cơ  tự  nhiên. Khi giảm điện áp phần  ứng động cơ  xuống Ub1 
  3. Điode có dấu ngược chiều nhau.  Ba lớp đó được nối thành 3 cực: Lớp giữa gọi là cực gốc kí  hiệu là B (Base), còn hai lớp bên ngoài nối thành cực phát E  (Emitter) và cực thu là C (Collector). Cực B rất mỏng và có  nồng độ tạp chất thấp, còn vùng bán dẫn E và C có bán  dẫn cùng loại (N hay P) nhưng có nồng độ tập chất khác  nhau nên không hoán vị được Đối với NPN ta xét hoạt động của T theo hình vẽ sau  1 Ta   cấp  nguồn   một   chiều  UCE  vào  hai   cực   C   và  E  trong đó cực C nối với (+) còn cực E nối (­) như hình vẽ.  Ta cấp nguồn UBE  đi qua công tắc và hạn trở  dòng  vào hai cực B và E trong đó (+) vào chân B còn (­) vào chân  E. Khi ta mở công tắc ta thấy rằng khi hai cực C và E đã có   dòng điện nhưng đèn lại không sáng lúc này dòng qua C=0  Khi công tắc đóng mối P­N được phân cực thuận do  đó có dòng điện chạy từ (+) nguồn UBE qua công tắc rồi qua  mối BE về  cực  âm tạo thành dòng baso. Khi dòng bazơ  xuất hiện thì ngay lập tức cũng có dòng C làm cho bóng đèn   3/5
  4. sáng và dòng C mạnh hơn gấp nhiều lần dòng B. Do đó  dòng C phụ  thuộc hoàn toàn vào dòng B  được  tính theo  công thức:  IBC  = Iβ Với  Ic là dòng chạy qua CE          Ib là dòng chạy qua BE          β là hệ số khuyếch đại  Còn đối với Transitor PNP là Thuận thì ta làm ngược  lại và phải đổi lại cực tính.  Qua đó ta thấy: Transitor như là một khoá điện tử trong đó  B là cực điều khiển. Dòng EC phụ thuộc hoàn toàn vào  điện áp đưa vào B 3 Từ dữ liệu đã cho tính được:   P1 = S1cos 1 = 2000.0,8= 1600 (kW) Q1 = S1sin 1 = 2000.0,6 = 1200 (kVAr) P2 = S2cos 2 = 1000.0,7 = 700 (kW) Q2 = S2sin 2 = 1000.0,71 = 710 (kVAr) Suy ra                 S1 1600 j1200(kVA) S2 700 j 710(kVA)                                                                      rl jx0 l A1 0,33 4 j 0,371 4 ZA1= 0 A1 0,66 j 0,742                 2 2 Z12 = r0lA1 + jx0lA1 = 0,46 x 3 + j0,382 x 3 = 1,38 + j1,146 ( ) Sơ đồ thay thế đường dây cấp điện :   1,5 Z A 1 = 0,66+j0,742 O ZZ112 1 ,35+j1,146 2 = 1,38 + j1,146 O A 11 2 2 1600 +j1200 kV A 700 +j710 kVA Tính tổn thất công suất trên toàn đường dây: Pmax PA1 P12 2 2 P1 P2 Q1 Q2 P22 Q22 P 2 R A1 2 R12                             U dm U dm         = 72710 W = 72,71 (kW) Tính giá thành tổn thất điện năng: 1 Trong đó:  A Pmax 4/5
  5. Mà   = (0,124 + 10­4Tmax)2.8760        Si .Tmax i 2000 5200 1000 4000 Tmaxtb =  4800(h)          Si 2000 1000 Từ Tmax  = 4800h suy ra   = 3195,8 (h) A P = 72,71  x 3195,8 = 232366,6(kWh) Suy ra Y =  A C  =  232366,6 x  900  =  209129956,2(đồng) Cộng I II. Phần tự chọn, do trường biên soạn 1 2 ... Cộng II Tổng cộng (I+II)                                                        ………, ngày ……….  tháng ……. năm ……… DUYỆT     CHỦ TỊCH HỘI  TRƯỞNG BAN ĐỀ THI ĐỒNG 5/5
ADSENSE

CÓ THỂ BẠN MUỐN DOWNLOAD

 

Đồng bộ tài khoản
2=>2