Đề thi khảo sát chất lượng môn Toán lần 2 năm 2013 - 2014 - THPT Chuyên Vĩnh Phúc
lượt xem 10
download
Đề thi khảo sát chất lượng môn Toán lần 2 năm 2013 - 2014 của THPT Chuyên Vĩnh Phúc có hướng dẫn giải sẽ là tư liệu ôn tập hữu ích, giúp các bạn hệ thống lại kiến thức đã học. Mời các bạn cùng tham khảo để chuẩn bị tốt cho kì thi sắp tới.
Bình luận(0) Đăng nhập để gửi bình luận!
Nội dung Text: Đề thi khảo sát chất lượng môn Toán lần 2 năm 2013 - 2014 - THPT Chuyên Vĩnh Phúc
- www.DeThiThuDaiHoc.com SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO KHẢO SÁT CHẤT LƯỢNG LẦN THỨ II Trường THPT Chuyên Vĩnh Phúc NĂM HỌC 2013 – 2014 (Đề có 01 trang) Môn : Toán 12; Khối AB Thời gian: 180 phút (Không kể giao đề) I. PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ THÍ SINH (7,0 điểm) Câu 1 (2,0 điểm) Cho hàm số y = x 4 - 2mx 2 + 2 + m4 , với m là tham số thực. m a) Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị hàm số khi m = 1. b) Tìm các giá trị của m để hàm số có cực đại, cực tiểu mà các điểm cực đại, cực tiểu của đồ thị tạo thành tam giác có diện tích bằng 1. 1 - 2 sin x - 2 sin 2 x + 2 cos x Câu 2 (1,0 điểm) Giải phương trình = cos 2 x - 3 (1 + cos x ) . 2sin x - 1 x ( x + 2 ) Câu 3 (1,0 điểm) Giải bất phương trình ³ 1 . 3 ( x + 1 ) - x 1 2 Câu 4 (1,0 điểm) Tính tích phân I = ò 3 - 2x).e x dx . (8x 0 Câu 5 (1,0 điểm) Cho hình chóp đều S . ABCD có độ dài cạnh đáy bằng a , mặt bên của hình chóp tạo với mặt đáy o góc 60 . Mặt phẳng ( P chứa AB và đi qua trọng tâm tam giác SAC cắt SC , SD lần lượt tại M , N . Tính thể tích ) khối chóp S . ABMN theo a . Câu 6 (1,0 điểm) Cho a, b, c là các số thực dương thỏa mãn a 2 + b 2 + c 2 = 5 ( a + b + c ) - 2 . ab æ 3 1 ö Tìm giá trị nhỏ nhất của biểu thức P = a + b + c + 48 ç ç a + 10 + 3 ÷ è b+c ÷ ø II. PHẦN RIÊNG (3,0 điểm): Thí sinh chỉ làm một trong hai phần (phần A hoặc phần B) A. Theo chương trình Chuẩn Câu 7.a (1,0 điểm) Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy , cho 2 đường thẳng d1 : 2 x - 3 y + 1 = 0 , d 2 : 4 x + y - 5 = 0 . Gọi A là giao điểm của d và d . Tìm toạ độ điểm B trên d và toạ độ điểm C trên d sao cho D 1 2 1 2 ABC có trọng tâm G ( 3;5 . ) Câu 8.a (1,0 điểm)Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz, cho đường thẳng d đi qua điểm M ( 0; - ) và có véc tơ 1;1 r chỉ phương u = (1; 2; 0 ) ; điểm A ( - 2;3 . Viết phương trình mặt phẳng ( P ) chứa đường thẳng d sao cho khoảng 1; ) cách từ điểm A đến mặt phẳng ( P ) bằng 3 . 4 x - 2 x + 1 Câu 9.a (1,0 điểm) Giải phương trình log 2 x 2.16 - 2.4 + 1 x ( ) = 2 x 2.8x - 3.2 x + 1 . B. Theo chương trình Nâng cao Câu 7.b (1,0 điểm) Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy , cho tam giác ABC vuông tại A ( 3; 2 ) , tâm đường tròn æ 3 ö ngoại tiếp tam giác ABC là I ç1; ÷ và đỉnh C thuộc đường thẳng d : x - 2 y - 1 = 0 . Tìm toạ độ các đỉnh B và C . è 2 ø Câu 8.b (1,0 điểm) Trong không gian với hệ toạ độ Oxyz, cho mặt phẳng (P): x + y + z = 0. Lập phương trình mặt phẳng (Q) đi qua gốc toạ độ, vuông góc với (P) và cách điểm M(1; 2; 1) một khoảng bằng 2 . 2 4 - x - x + 1 Câu 9.b (1,0 điểm) Giải bất phương trình ³ 0. log 2 ( x - 3 ) Hết facebook.com/ThiThuDaiHoc
- www.DeThiThuDaiHoc.com SỞ GDĐT VĨNH PHÚC THI KHSCL LẦN II NĂM HỌC 2013 – 2014 TRƯỜNG THPT CHUYÊN HƯỚNG DẪN CHẤM TOÁN 12 A,B. Hướng dẫn chung. Mỗi một bài toán có thể có nhiều cách giải, trong HDC này chỉ trình bày sơ lược một cách giải. Học sinh có thể giải theo nhiều cách khác nhau, nếu đủ ý và cho kết quả đúng, giám khảo vẫn cho điểm tối đa của phần đó. Câu (Hình học không gian), nếu học sinh vẽ hình sai hoặc không vẽ hình chính của bài toán, thì không cho điểm; câu (Hình học giải tích) không nhất thiết phải vẽ hình. Điểm toàn bài chấm chi tiết đến 0.25, không làm tròn. HDC này có 07 trang. Câu Nội dung trình bày Điểm 1 a) (1 điểm) (2,0 điểm) 4 2 Khi m = 1 thì y = x - 2 x + 3 *)Tập xác định D = R *) Sự biến thiên : 0,25 é x = 0 Chiều biến thiên y ' = 4 x - 4 x = 4 x( x - , y ' = 0 Û ê x = 1 3 2 1) ê ê x = -1 ë Hàm số đồng biến trên các khoảng ( 1 ; 0) và (1 ; +¥ ), nghịch biến trên các khoảng ( (-¥; - và (0 ; 1) 1) Cực trị : Hàm số đạt cực đại tại x = 0; yCÐ = 3 Hàm số đạt cực tiểu tại x = ±1; yCT = 2 0,25 Giới hạn lim = +¥ x®±¥ Bảng biến thiên : x -¥ 1 0 1 +¥ y’ 0 + 0 0 + +¥ 3 +¥ 0,25 y 2 2 Đồ thị y 3 0, 25 2 2 1 0 1 2 x facebook.com/ThiThuDaiHoc
- www.DeThiThuDaiHoc.com b) (1 điểm) Tập xác định D = R é x = 0 Ta có y ' = 4 x3 - 4 ; y ' = 0 Û ê 2 mx 0,25 ë x = m Hàm số có cực đại, cực tiểu Û y ' = 0 có ba nghiệm phân biệt Û m > 0 Khi m > 0 đồ thị hàm số có một điểm cực đại là A ( 0 , m 4 + 2 m ) và hai điểm cực tiểu là 0,25 B ( - m ; m 4 - m 2 + 2 m ), C ( m ; m 4 - m 2 + 2 m ) ABC cân tại A , A Î Ox ; B, C đối xứng nhau qua Ox . Gọi H là trung điểm của BC D 1 1 ( m ) Þ H 0; m 4 - m 2 + 2 ; Þ S DABC = AH .BC = m 2 .2 m = m m 2 2 0,25 Theo giả thiết S DABC = 1 Þ m 2 . m = 1 Û m = 1 0,25 Vậy đáp số bài toán là m = 1 2 1 (1,0 điểm) Điều kiện 2sin x - 1 ¹ 0 Û sin x ¹ 2 1 - 2 sin x - 2sin 2 x + 2 cos x = cos 2 x - 3 (1 + cos x ) 2sin x - 1 (1 - 2sin x ) . (1 + 2cos x ) Û = 2 cos2 x - 1 - 3 (1 + cos x ) 2sin x - 1 0,25 Û -1 - 2cos x = 2 cos2 x - 1 - 3 (1 + cos x ) Û 2cos2 x + 2 - 3 cos x - 3 = 0 ( ) 0,25 é ê x = p + k 2 p é cos x = -1 ê p Ûê ê 3 Û ê x = 6 + k 2 ( k Î Z ) p 0,25 ê cos x = ê ë 2 ê p ê x = - + k 2 p ë 6 1 Kết hợp điều kiện sin x ¹ ta được nghiệm phương trình là 2 0,25 p x = p + k 2p ; x = - + k 2 ( k Î Z ) p 6 3 ì x ( x + 2 ) ³ 0 (1,0 điểm) ï ï x ³ 0 ï 3 Điều kiện í 3 Û x ³ 0 ; x³0Þ ( x + 1) - x > 0 ï( x + 1) ³ 0 ï 3 ï ( x + 1) - x ³ 0 î 0,25 Do vậy x ( x + 2 ) 3 ³1Û x ( x + 2) ³ ( x + 1 3 - ) x ( x + 1 ) - x Û x 2 + 2 x ³ x3 + 3 x 2 + 4 x + 1 - 2 ( x + 1) x ( x + 1 ) Û x3 + 2 x 2 + 2 x + 1 - 2 ( x + 1) x ( x + 1) £ 0 Û ( x + 1) é x 2 + x + 1 - 2 x ( x + 1) ù £ 0 ë û 0,25 facebook.com/ThiThuDaiHoc
- www.DeThiThuDaiHoc.com 2 2 Û x + x + 1 - 2 x ( x + 1) £ 0 Û ( ) x ( x + 1) - 1 £ 0 Û x ( x + 1) - 1 = 0 Û x ( x + 1) = 1 é -1 + 5 ê x = 2 Û x ( x + 1) = 1 Û x 2 + x - 1 = 0 Û ê ê -1 - 5 0,25 êx = ë 2 5 - 1 Kết hợp điều kiện x > 0 ta được nghiệm của phương trình đã cho là x = 0,25 2 4 1 1 (1,0 điểm) 2 2 Ta có I = ò (8x 3 - 2x).e x dx= ò (4x 2 - 1).e x .2xdx . 0,25 0 0 Đặt t = x 2 Þ dt = 2xdx và x = 0 Þ t = 0; x = 1 Þ t = 1 . 1 0,25 Ta được I = ò t - 1).et dt. (4 0 ìu = 4t - 1 ì du = 4d t Đặt í t Þí t î dv = e dt î = e v 0,25 1 1 1 Þ I = (4t - 1).e t - ò t .4 dt = 3e + 1 - 4e t = 5 - e. e 0,25 0 0 0 5 (1,0 điểm) S N K A G D M I 0 60 J O B C Gọi O là giao điểm của AC và BD Þ SO ^ ( ABCD) Gọi I , J lần lượt là trung điểm của AB, CD ; G là trọng tâm D . SAC ìSJ ^ CD Ta có í Þ CD ^ ( SIJ ) î ^ CD IJ 0,25 0 0 ÐSJI < 90 Þ Góc giữa mặt bên ( SCD ) và mặt đáy ( ABCD ) là ÐSJI ÞÐSJI = 60 Ta thấy A, G, M thuộc ( P ) ; A, G, M thuộc ( SAC ) Þ A, G, M thẳng hàng và M là trung điểm của SC . SG 2 G là trọng tâm D . Þ SAC = ; SO là trung tuyến tam giác SBD Þ G cũng là trọng tâm SO 3 facebook.com/ThiThuDaiHoc
- www.DeThiThuDaiHoc.com tam giác SBD . Lập luận tượng tự ta cũng có Þ B, G , N thẳng hàng và N là trung điểm của SD . Gọi K là trung điểm của MN Þ K cũng là trung điểm của SJ . SJI đều cạnh a ; G cũng là trọng tâm D D SJI nên IK ^ SJ ; 0,25 Dễ thấy SJ ^ MN nên SJ ^ (ABMN) 1 Thể tích khối chóp S . ABMN là : V = SK . ABMN S 3 0,25 a 3 a SJI đều cạnh a Þ IK = D ; SK = 2 2 1 1 æ a ö a 3 3 3a2 1 a 3 3a2 a 3 3 SABMN = ( AB + MN)IK = ç a + ÷ = ÞV = . . = 2 2 è 2 ø 2 8 3 2 8 16 0,25 (Học sinh có thể dùng phương pháp tỉ số thể tích) 6 2 Ta có a 2 + b2 + c 2 = 5 ( a + b + c ) - 2ab Û ( a + b ) + c 2 = 5 ( a + b + c ) (1,0 điểm) Áp dụng bất đẳng thức Bunhiacopxki ta có 2 1 2 1 2 ( a + b ) + c 2 ³ ( a + b + c ) Þ ( a + b + c ) £ 5 ( a + b + c ) Þ 0 < a + b + c £ 10 0,25 2 2 Áp dụng bất đẳng thức Cauchy ta lại có 3 1 a + 10 1 a + 10 1 æ a + 10 ö a + 22 3 12 = ; = . .4 £ ç + 4 ÷ = Þ ³ a + 10 a + 10 3 2 3 4è 3 ø 12 a + 10 a + 22 3 1 1 b + c + 8 + 8 b + c + 16 1 12 3 b + c = 3 ( b + c ) .8.8 £ . = Þ 3 ³ 0,25 4 4 3 12 b + c b + c + 16 æ 1 1 ö Þ P ³ a = b + c + 48.12 ç + ÷ è a + 22 b + c + 16 ø Áp dụng bất đẳng thức CauchySchwarz ta được 1 1 4 2304 0,25 + ³ Þ P ³ a + b + c + a + 22 b + c + 16 a + b + c + 38 a + b + c + 38 2304 2304 ] Đặt t = a + b + c Þ t Î ( 0;10 Þ P ³ t + . Xét hàm f (t ) = t + ] trên ( 0;10 t + 38 t + 38 2304 ( t - 10 ) .( t + 86 ) Þ f '(t ) £ 0 "t Î 0;10 Ta có f '(t ) = 1 - 2 = ( ] ( t + 38 ) ( t + 38 )2 Þ f (t ) nghịch biến trên ( 0;10 ] Þ f (t ) ³ f (10), "t Î ( 0;10 ] f (10) = 58 Þ P ³ 58 ; ìa + b + c = 10 ï + = ìa = 2 ïa b c ï ï í a + 10 Û íb = 3 Dấu bằng xảy ra khi và chỉ khi ï = 4 ïc = 5 3 î ï ïb + c = 8 î ì a = 2 ï Vậy min P = 58 , đạt được khi íb = 3 0,25 ïc = 5 î facebook.com/ThiThuDaiHoc
- www.DeThiThuDaiHoc.com 7a ì2 x - 3 y + 1 = 0 ì x = 1 (1,0 điểm) Tọa độ của A là nghiệm của hệ í Ûí Þ A (1;1 ) î4 x + y - 5 = 0 î y = 1 0,25 æ 2t + 1 ö 0,25 B Î d1 Þ B ç t ; ÷ . Điểm C Î d 2 Þ C ( s;5 - 4 ) s è 3 ø ì t + s + 1 ï 3 = 3 ï G là trọng tâm tam giác ABC Û í 2t + 1 0,25 ï 3 + 5 - 4 s + 1 ï = 5 î 3 ì 61 ì 61 43 ït = ï B 7 ; 7 ) ( ï 7 ï Giải hệ này ta được í Þí là đáp số bài toán ïs = -5 -5 55 ïC ( ; ) 0,25 ï î 7 ï 7 7 î r 8a Đường thẳng d đi qua điểm M ( 0; - ) và có véc tơ chỉ phương u = (1; 2; 0 ) . 1;1 (1,0 điểm) r Gọi n = ( a; b; c ) ( a 2 + b 2 + c 2 ¹ 0 ) là véc tơ pháp tuyến của (P). r r Do ( P ) chứa d nên: u.n = 0 Û a + 2b = 0 Û a = -2 b Phương trình (P) có dạng: a ( x - 0 ) + b ( y + 1) + c ( z - 1) = 0 Û ax + by + cz + b - c = 0 0,25 - a + 3b + 2 c 5b + 2 c d ( A, ( P ) = 3 Û ) = 3 . Mà a = - b Þ 2 = 3 Û 5b + 2c = 3 5 2 + c 2 b 2 a + b + c 2 2 2 5 + c b 2 0,25 2 Û 4b 2 - 4bc + c 2 = 0 Û ( 2b - c ) = 0 Û c = 2 b 0,25 ìa = 2 Chọn b = -1 Þ í . Ta được phương trình (P) là: 2 x - y - 2 z + 1 = 0 . 0,25 c î = -2 9a ì x x ï4 - 2 + 1 > 0 (1,0 điểm) Ta thấy í "x Î R. x x ï2.16 - 2.4 + 1 > 0 î Do vậy 4 x - 2 x + 1 log 2 x 2.16 - 2.4 + 1 x ( = 2 x 2.8 x - 3.2 x + 1 ) ( ) ( ) ( ) ( Û log 2 4 x - 2 x + 1 - log 2 2.16 x - 2.4 x + 1 = 2.16 x - 2.4 x + 1 - 4 x - 2 x + 1 ) 0,25 Û log 2 (4 x - 2x + 1) + ( 4 - 2 + 1) = log ( 2.16 - 2.4 + 1) + ( 2.16 - 2.4 + 1) ( 2 x x 2 x x x x ) Xét hàm f (t ) = log 2 t + t trên ( 0; +¥ ) 1 0,25 Ta có f '(t ) = + 1 Þ f '(t ) > 0 "t > 0 Þ f (t ) đồng biến trên ( 0; +¥ ) t.ln 2 Do vậy ( 2 ) Û f (4 x - 2 x + 1) = f (2.16 x - 2.4 x + 1) Û 4 x - 2 x + 1 = 2.16 x - 2.4 x + 1 Û 2.16 x - 3.4 x + 2 x = 0 0,25 facebook.com/ThiThuDaiHoc
- www.DeThiThuDaiHoc.com é 2 x = 0 ê x ê 2 = 1 é x = 0 ê Û ê 2 = -1 - 3 Û ê x ê x = log 3 - 1 ê 2 ê 2 ê ë 2 ê 2 = x -1 + 3 ê ë 2 3 - 1 0,25 Vậy phương trình đã cho có hai nghiệm x = 0; x = log 2 . 2 7b (1,0 điểm) + Tam giác ABC vuông tại A nên I là trung điểm của BC . 0,25 + C Î d Þ C ( 2t + 1; t ) ; I là trung điểm của BC Þ B (1 - 2t ;3 - t ) uuu r uuur AB = ( -2 - 2t ;1 - t ) ; AC = ( 2t - 2; t - 2 ) uuu uuur r ét = 2 AB ^ AC Û AB. AC = 0 Û ( -2 - 2t ) . ( 2t - 2 ) + (1 - t ) . ( t - 2 ) = 0 Û ê -2 êt = 0,25 ë 5 ì B ( -1; 2 ) ï +Với t = 1 Þ í . 0,25 ïC ( 3;1 î ) ì æ 9 17 ö ì æ 9 17 ö ï B ç ; ÷ ï B ç 5 ; 5 ÷ -2 ï è 5 5 ø ï B ( -1; 2 ) ì ï è ø +Với t = Þí . Vậy í hoặc í 5 ïC ;æ 1 -2 ö ïC ( 3;1 î ) ïC æ 1 ; -2 ö ï ç 5 5 ÷ î è ø ï ç 5 5 ÷ î è ø 0,25 8b ( Q ) đi qua gốc toạ độ nên ( Q ) có phương trình dạng : Ax + By + Cz = 0 ( A 2 + B + C ¹ 0 ) . 2 2 (1,0 điểm) ì A + B + C = 0 ì( P ) ^ ( Q ) ï ï 0.25 Từ giả thiết ta có : í Û í A + 2 B - C ï d ( M , ( Q ) ) = 2 ï î 2 2 2 = 2 î A + B + C ì A = - B - C ï Ûí B - 2 C ï = 2 (*) 2 2 0,25 î 2 B + 2C + 2 BC (*) Û B = 0 hoặc 3B + 8C = 0 . Nếu B = 0 thì A = - . Chọn C = -1 Þ A = 1 C 0,25 Ta được phương trình mặt phẳng ( Q ) là : x - z = 0 Nếu 3B + 8C = 0 ta chọn C = 3; B = -8; A = 5 ta được phương trình ( Q ) là 5 x - 8 y + 3 z = 0 0,25 Vậy có hai mặt phẳng thoă mãn bài toán, có phương trình là : x - z = 0 ; 5 x - 8 y + 3 z = 0 9b Xét hàm f ( x ) = 24 - x - x + 1 . (1,0 điểm) Ta thấy f '( x) = -24 - x .ln 2 - 1 Þ f ' ( x ) < 0 "x Î R Þ f ( x) nghịch biến trên R . 0.25 Mà f (3) = 0 . Do vậy f(x) ³ 0 Û x £ 3 ; f(x) £ 0 Û x ³ 3 . facebook.com/ThiThuDaiHoc
- www.DeThiThuDaiHoc.com é ì f ( x ³ 0 ï ) êí ( I ) 2 4 - x - x + 1 êïlog 2 ( x - 3) > 0 î ³ 0 Û ê log 2 x - 3 ê ì f ( x £ 0 ï ) 0,25 ê log ( x - 3) < 0 ( II ) í ë ï 2 î ì x £ 3 ìx £ 3 ï ì x £ 3 ï ï ( I ) Û í Ûí Û í é x > 4 Û x < -4 ï x - 3 > 1 ï x > 4 ï ê î î 0,25 î x < -4 ë ìx ³ 3 ï ì x ³ 3 ï ì x ³ 3 ( II ) Û í Ûí Ûí Û 3 < x < 4 ï0 < x - 3 < 1 ï3 < x < 4 î3 < x < 4 î î 0,25 Tập nghiệm của bất phương trình đã cho là (-¥; -4) È (3; 4) facebook.com/ThiThuDaiHoc
CÓ THỂ BẠN MUỐN DOWNLOAD
-
Bộ đề thi khảo sát chất lượng đầu năm môn Ngữ Văn lớp 8 năm 2017
16 p | 1341 | 50
-
Đề thi khảo sát chất lượng đầu năm môn Toán lớp 9 - Trường THCS Kim Đồng năm 2011 - 2012
1 p | 670 | 37
-
Đề thi khảo sát chất lượng HSG năm học 2014 - 2015 môn Toán 10
1 p | 182 | 29
-
Đề thi khảo sát chất lượng học sinh yếu lớp 1 môn tiếng Việt - Trường tiểu học Thọ Lộc năm 2010
2 p | 237 | 18
-
Đề thi Khảo sát chất lượng lớp 12 - Lần II năm 2014 Môn: Hóa học - THPT chuyên ĐH Vinh
5 p | 289 | 16
-
Đề thi khảo sát chất lượng đầu năm lớp 7 năm 2017-2018 môn Ngữ văn trường THCS Lê Hồng Phong
2 p | 872 | 13
-
Đề thi khảo sát chất lượng đầu năm lớp 8 năm 2017-2018 môn Toán trường THCS Vĩnh Tường
1 p | 264 | 12
-
Đề thi khảo sát chất lượng Vật lý lớp 12 dự thi Đại học 2014 - Trường THPT Chuyên KHTN
6 p | 173 | 10
-
Đề thi khảo sát chất lượng Hóa học lớp 12 dự thi Đại học 2014 - Trường THPT Chuyên KHTN
5 p | 165 | 9
-
Đề thi Khảo sát chất lượng lớp 12: Lần III năm 2011 môn Hóa học (Đề số 478) - THPT chuyên ĐH Vinh
4 p | 134 | 8
-
Đề thi khảo sát chất lượng đầu năm lớp 7 năm 2017-2018 môn Ngữ Văn trường Tiểu học và Trung học cơ sở Sao Việt
4 p | 259 | 7
-
Đề thi khảo sát chất lượng đầu năm lớp 7 năm 2017-2018 môn Toán trường THCS Tiên Động
3 p | 319 | 7
-
Đề thi Khảo sát chất lượng lớp 12: Lần III năm 2011 môn Hóa học (Đề số 209) - THPT chuyên ĐH Vinh
5 p | 160 | 6
-
Đề thi Khảo sát chất lượng lớp 12: Lần III năm 2011 môn Hóa học (Đề số 485) - THPT chuyên ĐH Vinh
5 p | 136 | 6
-
Đề thi Khảo sát chất lượng lớp 12: Lần III năm 2011 môn Hóa học (Đề số 132) - THPT chuyên ĐH Vinh
5 p | 128 | 5
-
Đề thi khảo sát chất lượng đầu năm lớp 12 năm học 2017-2018 môn Tiếng Anh trường THPT Nguyễn Viết Xuân
5 p | 131 | 4
-
Đề thi khảo sát chất lượng đầu năm lớp 12 năm học 2017-2018 môn Sinh trường THPT Nguyễn Thị Giang
4 p | 60 | 3
-
Đề thi khảo sát chất lượng đầu năm môn Toán lớp 9 năm học 2019-2020 – Trường THCS Ngô Gia Tự
1 p | 37 | 2
Chịu trách nhiệm nội dung:
Nguyễn Công Hà - Giám đốc Công ty TNHH TÀI LIỆU TRỰC TUYẾN VI NA
LIÊN HỆ
Địa chỉ: P402, 54A Nơ Trang Long, Phường 14, Q.Bình Thạnh, TP.HCM
Hotline: 093 303 0098
Email: support@tailieu.vn