Đề thi khảo sát vào lớp 10 môn Toán năm 2022-2023 có đáp án - Phòng GD&ĐT Ba Đình

Chia sẻ: _ _ | Ngày: | Loại File: PDF | Số trang:7

Thêm vào BST

Báo xấu

63
lượt xem 4
download

Download Vui lòng tải xuống để xem tài liệu đầy đủ

Tham khảo “Đề thi khảo sát vào lớp 10 môn Toán năm 2022-2023 có đáp án - Phòng GD&ĐT Ba Đình” dành cho các bạn học sinh tham khảo, để hệ thống kiến thức học tập cũng như trau dồi kinh nghiệm ra đề thi. Hi vọng sẽ giúp các bạn đạt kết quả tốt trong kì thi.

Chủ đề:

Bình luận(0) Đăng nhập để gửi bình luận!

Lưu

Nội dung Text: Đề thi khảo sát vào lớp 10 môn Toán năm 2022-2023 có đáp án - Phòng GD&ĐT Ba Đình

PHÒNG GD & ĐT BA ĐÌNH ĐỀ KHẢO SÁT THI VÀO LỚP 10 LẦN 2 TRƯỜNG THCS GIẢNG VÕ NĂM HỌC 2022-2023 Môn: TOÁN 9 ĐỀ CHÍNH THỨC Ngày kiểm tra: 07/06/2022 Thời gian làm bài: 120 phút (Đề thi gồm 01 trang) Bài I (2,0 điểm). 5x x 6 2x  18 Cho hai biểu thức A  và B    với x  0; x  9 x x 3 x 3 x 9 1. Tính giá trị của biểu thức A khi x  4 2. Rút gọn biểu thức B . 3. Biết P  AB . , tìm các giá trị của x để P  2 . Bài II (2,0 điểm) 1.Giải bài toán bằng cách lập phương trình hoặc hệ phương trình: Khoảng cách giữa hai bến sông A và B là 80 km. Một canô đi xuôi dòng từ bến A đến bến B , rồi quay lại bến A . Tổng thời gian canô chạy trên sông cả đi và về là 9 giờ. Tính vận tốc riêng của canô, biết rằng vận tốc của dòng nước là 2km / h và giả sử vận tốc riêng của canô không đổi. 2. Công ty sữa Vinamilk chuyên sản xuất sữa Ông Thọ, hộp sữa có dạng hình trụ có đường kính 7 cm , chiều cao là 8cm . Tính diện tích giấy làm nhãn mác cho 24 hộp sữa (một thùng) loại trên theo cm 2 . Biết nhãn dán kín phần thân hộp sữa như hình vẽ và không tính phần mép dán. (Lấy   3,14 ; kết quả làm tròn đến chữ số thập phân thứ nhất). Bài III (2,5 điểm) 3(x  1)  2(x  2y )  4 1. Giải hệ phương trình  4(x  1)  (x  2y )  9 2. Trong mặt phẳng tọa độ Oxy , cho đường thẳng (d ): y  3x  m  2 ( m là tham số) và parabol (P ): y  x 2 a) Tìm các giá trị của m để (d ) cắt (P ) tại hai điểm phân biệt. b) Gọi x 1, x 2 là các hoành độ giao điểm của (d ) và (P ) . Tìm các giá trị của m để x 1, x 2 có giá trị là các số tự nhiên.   Bài IV (3,0 điểm) Cho đường tròn O và điểm A cố định nằm ngoài đường tròn. Qua điểm A vẽ tiếp tuyến AB với đường tròn O  ( B là tiếp điểm) và một đường thẳng d cắt đường   tròn O tại hai điểm C , D sao cho AC  AD ( đường thẳng d không đi qua tâm O ). 1. Chứng minh tam giác ABC đồng dạng tam giác ADB . 2. Hạ BH vuông góc với OA tại H . Chứng minh: AH .AO  AC .AD .  3. Chứng minh tứ giác DOHC là tứ giác nội tiếp và tia phân giác của HCA đi qua điểm cố định khi đường thẳng d thay đổi nhưng không đi qua tâm O . Bài V (0,5 điểm) Với hai số thực x , y thỏa mãn x 2  y 2  2; xy  2 . Tìm giá trị lớn nhất của biểu thức P   2 x y 1 2xy  4 …………………Hết………………. Cán bộ coi thi không giải thích gì thêm.
2 HƯỚNG DẪN CHUNG +) Điểm toàn bài để lẻ đến 0,25. +) Các cách làm khác nếu đúng vẫn cho điểm tương ứng với biểu điểm của hướng dẫn chấm. +) Các tình huống phát sinh trong quá trình chấm do Hội đồng chấm thi quy định, thống nhất bằng biên bản. +) Bài hình vẽ hình sai thì không cho điểm HƯỚNG DẪN CHẤM Bài Ý Đáp án Điểm 5x x 6 2x  18 Cho hai biểu thức A  và B    với x x 3 x 3 x 9 x  0; x  9 2,0 1. Tính giá trị của biểu thức A khi x  4 2. Rút gọn biểu thức B . 3. Biết P  AB . , tìm các giá trị của x để P  2 . 1. Thay x  4 (thỏa mãn điều kiện ) vào A , ta được: 0.25 54 1 A  4 2 0.25 1 Vậy A  khi x  4 2 2. 2. Rút gọn biểu thức B . x 6 2x  18 Bài I B   x 3 x 3 x 9 2,0 điểm  x  x 3   6  x 3   2x  18  x 3  x 3   x 3  x 3   x 3  x 3  0.25 x  3 x  6 x  18  2x  18   x 3  x 3  x  3 x   x 3  x 3  0.25   x  x 3     0.25 x 3 x 3  x  0.25 x 3
3 3. 5x  x x 5 P  A.B  .  x x 3 x 3   2 x 5 x 1 Để P  2  2  0  0 0.25 x 3 x 3 3.  x 1  0 x  1(tmdk )   Kết hợp với điều kiện  x 3  0 x 9 0.25   Vậy với x  9 hoặc x  1 thì P  2 1. Khoảng cách giữa hai bến sông A và B là 80 km. Một canô đi xuôi dòng từ bến A đến bến B , rồi quay lại bến A . Tổng thời gian canô chạy trên sông cả đi và về là 9 giờ. Tính vận tốc riêng của canô, biết 1,5 rằng vận tốc của dòng nước là 2km / h và giả sử vận tốc riêng của canô không đổi. Gọi vận tốc riêng của canô là x (đơn vị: km/h, đk: x  2 ) 0,25 Vận tốc của canô khi xuôi dòng, ngược dòng lần lượt là x  2 (km/h) 0.25 và x  2 (km/h) 80 Thời gian canô xuôi dòng từ bến A đến bến B là (giờ) x 2 80 0,25 Thời gian canô chạy ngược dòng từ B về A là (giờ) x 2 Vì tổng thời gian canô chạy trên sông cả đi và về là 9 giờ nên ta có 80 80 phương trình:  9 0,25 x 2 x 2 Bài II  80(x  2  x  2)  9(x 2  4)  9x 2  160x  36  0 2,0 điểm 2 0,25 Giải phương trình ta được x   , x  18 9 Kiểm tra điều kiện và kết luận 0,25 Vậy vận tốc riêng của canô là là 18 km/h 2. Công ty sữa Vinamilk chuyên sản xuất sữa Ông Thọ, hộp sữa có dạng hình trụ có đường kính 7cm , chiều cao là 8cm . Tính diện tích giấy làm nhãn mác cho 24 hộp sữa (một thùng) loại trên theo cm2 . 0,5 Biết nhãn dán kín phần thân hộp sữa như hình vẽ và không tính phần mép dán. (Lấy   3,14 ; kết quả làm tròn đến chữ số thập phân thứ nhất). +/ Diện tích giấy làm nhãn mác cho 1 hộp sữa là diện tích xung quanh của hộp sữa có R  3, 5 cm   Diện tích giấy làm nhãn cho 1 hộp sữa là 0,25  S xq  2 rh  2.3,14.3, 5.8  175, 84 cm 2  Vậy diện tích giấy làm nhãn mác cần dùng cho một thùng 24 hộp sữa là: 0,25
4   175, 84.24  4220,16 cm 2  4220, 2(cm 2 ) 1) 3(x  1)  2(x  2y )  4 Giải hệ phương trình  1,0 4(x  1)  (x  2y )  9 3x  3  2x  4y  4  0.25 4x  4  x  2y  9 5x  4y  1  0.25 3x  2y  5 5x  4y  1 11x  11   0.25 6x  4y  10 3x  2y  5  x  1 Tìm được:  y  1 0.25 Vậy, hệ phương trình có nghiệm duy nhất: (x ; y )  (1; 1) . 2 Trong mặt phẳng tọa độ Oxy , cho đường thẳng (d ): y  3x  m  2 ( m là tham số) và parabol (P ): y  x 2 a) Tìm các giá trị của m để (d ) cắt (P ) tại hai điểm phân biệt. 1,5 Bài III b) Gọi x 1, x 2 là các hoành độ giao điểm của (d ) và (P ) . Tìm các 2,5 điểm giá trị của m để x 1, x 2 có giá trị là các số tự nhiên. a) Xét phương trình hoành độ giao điểm của (d ) và (P ) x 2  3x  m  2  0(1)     3  4 m  2  9  4m  8  1  4m 2 0.25 Để (d ) cắt (P ) tại hai điểm phân biệt thì phương trình (1) phải có hai nghiệm phân biệt. 0 0.25 1  1  4m  0  m  4 1 0.25 Vậy (d ) cắt (P ) tại hai điểm phân biệt khi m  4 b) Hoành độ x 1, x 2 là nghiệm của phương trình (1) x  x 2  3 Theo định lý Viet, ta có  1 x 1x 2  m  2 0.25
5 Vì x 1, x 2  N và giả sử x 1  x 2 Ta có x  0 0.25 TH1:  1  x .x 2  0  m  2  0  m  2(tm ) x  2  3 1 x  1 TH2:  1  x .x 2  2  m  2  2  m  0(tm ) x  2  2 1   Vậy m  0; 2 thỏa mãn yêu cầu đầu bài. 0.25 Cho đường tròn O  và điểm A cố định nằm ngoài đường tròn. Qua điểm A vẽ tiếp tuyến AB với đường tròn O  ( B là tiếp điểm) và một đường thẳng d cắt đường tròn O  tại hai điểm C , D sao cho AC  AD ( đường thẳng d không đi qua tâm O ) 1. Chứng minh tam giác ABC đồng dạng tam giác ADB . 2. Hạ BH vuông góc với OA tại H . Chứng minh: AH .AO  AC .AD . 3. Chứng minh tứ giác DOHC là tứ giác nội tiếp và tia phân  giác của HCA đi qua điểm cố định khi đường thẳng d thay đổi nhưng không đi qua tâm O . B 0,25 O H E A C D 1. Chứng minh tam giác ABC đồng dạng tam giác ADB . 0,75 +/ Xét (O ) :   ADB ABC  (góc nội tiếp và góc tạo bởi tia tiếp tuyến và dây cung 0.25  cùng chắn BC ) +/ Xét ABC và ADB có:   ADB  (cmt) 0.25 ABC  chung BAD 0.25  ABC ∽ ADB (g.g) (1) 2. Chứng minh AH .AO  AC .AD . 1,0 (1)  AB 2  AC .AD 0.25
6 +/ ABO vuông tại B , BH  OA ( AB là tiếp tuyến) 0.25  AB 2  AH .AO 0.25  AH .AO  AC .AD 0.25 3.  Chứng minh tứ giác DOHC nội tiếp và tia phân giác của HCA 1,0 Bài IV 3,0 điểm đi qua điểm cố định khi cát tuyến ACD thay đổi nhưng vẫn không đi qua O . B O H E F A C D AH AD +/ Ta có AH .AO  AC .AD   AC AO  ACH ∽ AOD (c.g.c)   AOD  ACH  (1)  tứ giác DOHC nội tiếp (góc ngoài tại một đỉnh bằng góc trong ở 0.25 đỉnh đối diện).   +/ Tia AO cắt O tại E và F ( E nằm giữa A và F )  E là điểm 0.25 cố định.   +/ ACE  AFD (tứ giác EFDC nội tiếp) (2)   1 AOD +/ AFD  (3) 2 0.25   1 ACH +/ Từ (1), (2), (3)  ACE   CE là phân giác của 2  hay tia phân giác của HCA HCA  luôn đi qua một điểm cố định khi 0.25 cát tuyến ACD thay đổi nhưng không đi qua tâm O. Với hai số thực x , y thỏa mãn x 2  y 2  2; xy  2 . Tìm giá trị lớn nhất của biểu thức P   2 x y 1 .  0,5 2xy  4       2 2 Bài V +) Ta có: x  y  2 x 2  y2  x  y  4  2  x  y  2. 0,5 điểm Đặt a  x  y  2  a  2. +) Biến đổi P   2 x y 1   2 2 x y 1    2 x  y  1 2a  1  2 .   2xy  4 x  y  2xy  2 a 2   2 2 x y 2 
7 2a  1 a 2  2 +) Ta có: 2a  a 2  1  2a  1  a 2  2   P 1 0.25 a2  2 a2  2 (Vì a 2  2  0 ) x 2  y 2  2 Dấu "  " xảy ra   x  y  1  1 3  1 3 x  x   2 hoặc  2 . y  1  3 y  1  3  2  2  1 3  1 3 x  x  Vậy MaxP  1   2 hoặc  2 . y  1  3 y  1  3   0.25 2 2