ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC, CAO ĐẲNG 2012
Môn thi : TOÁN ( ĐỀ 6 )
I. PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ THÍ SINH (7,0 điểm)
Câu 1 (2 điểm): Cho hàm số
33 (1)y x x
1) Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị (C) của hàm số (1).
2) Chứng minh rằng khi m thay đổi, đường thẳng (d): y = m(x +1) + 2 luôn
cắt đồ thị (C) tại một điểm M cố định và xác định các giá trị của m để (d) cắt (C)
tại 3 điểm phân biệt M, N, P sao cho tiếp tuyến với đồ thị (C) tại N và P vuông góc
với nhau.
Câu 2 (2 điểm):
1) Giải phương trình:
2 1 1 1
5.3 7.3 1 6.3 9 0
x x x x
(1)
2) Tìm tất cả các giá trị của tham số m để hệ phương trình sau có 2 nghiệm
phân biệt:
xx
x x a
x x m b
2
3
33
2
2( 2 5)
log ( 1) log ( 1) log 4 ( )
log ( 2 5) log 2 5 ( )

(2)
Câu 3 (1 điểm): Giải hệ phương trình:
x z z a
y x x b
z y y c
32
32
32
9 27( 1) ( )
9 27( 1) ( )
9 27( 1) ( )
(3)
Câu 4 (1 điểm): Cho hình chóp S.ABCD có đáy là hình chữ nhật, AB =2a, BC= a,
các cạnh bên của hình chóp bằng nhau và bằng
2a
. Gọi M, N tương ứng là trung
điểm của các cạnh AB, CD; K là điểm trên cạnh AD sao cho
3
a
AK
. Hãy tính
khoảng cách giữa hai đường thẳng MN và SK theo a.
Câu 5 (1 điểm) Cho các số a, b, c > 0 thoả mãn: a + b + c =1. Tìm giá trị nhỏ nhất
của biểu thức:
a b c
Ta b c111

.
II. PHẦN RIÊNG (3 điểm)
A. Theo chương trình chuẩn
Câu 6a (2 điểm)
1) Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho điểm A(0; 2) và đường thẳng d:
x – 2y + 2 = 0. Tìm trên d hai điểm B, C sao cho tam giác ABC vuông tại B và AB
= 2BC.
2) Trong không gian với hệ trục Oxyz, cho mặt cầu (S) có phương trình: x2 +
y2 + z2 – 2x + 4y + 2z – 3 = 0 và mặt phẳng (P): 2x – y + 2z – 14 = 0. Viết phương
trình mặt phẳng (Q) chứa trục Ox và cắt mặt cầu (S) theo một đường tròn có bán
kính bằng 3.
Câu 7a (1 điểm) Tìm các số thực a, b, c để có:
z i z i z i z ai z bz c
3 2 2
2(1 ) 4(1 ) 8 ( )( )
Từ đó giải phương trình:
trên tập số phức.
Tìm môđun của các nghiệm đó.
B. Theo chương trình nâng cao
Câu 6b (2 điểm)
1) Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho đường tròn (C): x2 + y2 – 6x + 5
= 0. Tìm điểm M thuộc trục tung sao cho qua M kẻ được hai tiếp tuyến của (C) mà
góc giữa hai tiếp tuyến đó bằng 600.
2) Trong không gian với hệ toạ độ Oxyz, cho hai đường thẳng:
(d1) :
x t y t z2 ; ; 4
; (d2) :
3 ; ; 0 x t y t z
Chứng minh (d1) và (d2) chéo nhau. Viết phương trình mặt cầu (S) có đường
kính là đoạn vuông góc chung của (d1) và (d2).
Câu 7b (1 điểm) Cho số thực b ln2. Tính J =
x
ln10
b3x
e dx
e2
và tìm
b ln2
lim J.
Hướng dẫn Đề sô 6
Câu I: 2) M(–1;2). (d) cắt (C) tại 3 điểm phân biệt
9;0
4
mm
Tiếp tuyến tại N, P vuông góc
'( ). '( ) 1
NP
y x y x 
3 2 2
3

m
.
Câu II: 1) Đặt
30
x
t
. (1)
2
5 7 3 3 1 0 t t t
33
3
log ; log 5
5
xx
2)
2
3
33
2
2( 2 5)
log ( 1) log ( 1) log 4 ( )
log ( 2 5) log 2 5 ( )

xx
x x a
x x m b
Giải (a) 1 < x < 3.
Xét (b): Đặt
2
2
log ( 2 5) t x x
. Từ x (1; 3) t (2; 3).
(b)
25t t m
. Xét hàm
2
( ) 5f t t t
, từ BBT
25;6
4



m
Câu III: Cộng (a), (b), (c) ta được:
3 3 3
( 3) ( 3) ( 3) 0 ( ) x y z d
Nếu x>3 thì từ (b) có:
39 ( 3) 27 27 3y x x y
từ (c) lại có:
39 ( 3) 27 27 3z y y z
=> (d) không thoả
mãn
Tương tự, nếu x<3 thì từ (a) 0 < z <3 => 0 < y <3 => (d) không thoả
mãn
Nếu x=3 thì từ (b) => y=3; thay vào (c) => z=3. Vậy: x =y = z =3
Câu IV: I là trung điểm AD,
( ) ( ;( ))HL SI HL SAD HL d H SAD
MN // AD MN // (SAD), SK (SAD)
d(MN, SK) = d(MN, (SAD)) = d(H, (SAD)) = HL =
21
7
a
.
Câu V:
1 (1 ) 1 (1 ) 1 (1 )
1 1 1
abc
Tabc
=
1 1 1 1 1 1
1 1 1



abc
abc
Ta có:
1 1 1 9
1 1 1 1 1 1
a b c a b c
;
0 1 1 1 6 abc
(Bunhia)
96
62
6
T
. Dấu "=" xảy ra a = b = c =
1
3
. minT =
6
2
.
Câu VI.a: 1)
26
;
55



B
;
12
47
(0;1); ;
55



CC
2) (S) có tâm I(1; –2; –1), bán kính R = 3. (Q) chứa Ox (Q): ay + bz = 0.
Mặt khác đường tròn thiết diện có bán kính bằng 3 cho nên (Q) đi qua tâm I.
Suy ra: –2a – b = 0
b = –2a (a
0) (Q): y – 2z = 0.
Câu VII.a: Cân bằng hệ số ta được a = 2, b = –2, c = 4
Phương trình
2
( 2 )( 2 4) 0 z i z z
2 ; 1 3 ; 1 3 z i z i z i
2z
.
Câu VI.b: 1) (C) có tâm I(3;0) và bán kính R = 2. Gọi M(0; m) Oy
Qua M kẻ hai tiếp tuyến MA và MB
0
0
60 (1)
120 (2)
AMB
AMB
Vì MI là phân giác của
AMB
nên:
(1)
AMI
= 300
0
sin30

IA
MI
MI = 2R
29 4 7 mm
(2)
AMI
= 600
0
sin60

IA
MI
MI =
23
3
R
243
93
m
Vô nghiệm
Vậy có hai điểm M1(0;
7
) và M2(0;
7
)
2) Gọi MN là đường vuông góc chung của (d1) và (d2)
(2; 1; 4); (2; 1; 0)MN
Phương trình mặt cầu (S):
2 2 2
( 2) ( 1) ( 2) 4. x y z
Câu VII.b: Đặt
2
x
ue
b
Je
2
33
4 ( 2)
2




. Suy ra:
ln2
3
lim .4 6
2

bJ