KỲ THI THỬ ĐẠI HỌC LẦN 6 NĂM 2011- TRƯỜNG THPT TÂY THỤY ANH

Chia sẻ: Thanh Cong | Ngày: | Loại File: PDF | Số trang:8

Thêm vào BST

Báo xấu

108
lượt xem 10
download

Download Vui lòng tải xuống để xem tài liệu đầy đủ

Tham khảo tài liệu 'kỳ thi thử đại học lần 6 năm 2011- trường thpt tây thụy anh', tài liệu phổ thông, ôn thi đh-cđ phục vụ nhu cầu học tập, nghiên cứu và làm việc hiệu quả

Chủ đề:

Bình luận(0) Đăng nhập để gửi bình luận!

Lưu

Nội dung Text: KỲ THI THỬ ĐẠI HỌC LẦN 6 NĂM 2011- TRƯỜNG THPT TÂY THỤY ANH

KỲ THI THỬ ĐẠI HỌC LẦN 6 NĂM 2011 Mụn Toỏn : THỜI GIAN LÀM BÀI 180 PHÚT. TRƯỜNG THPT TÂY THỤY ANH . A /phÇn chung cho tÊt c¶ thÝ sinh. ( 8 điểm ) Câu I : ( 2 điểm ). Cho hàm số y = x3 + ( 1 – 2m)x2 + (2 – m )x + m + 2 . (Cm) 1.Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị hàm số khi m = 2. 2. Tìm m đ ể đồ thị hàm số (Cm) có cực trị đồng thời hoành độ cực tiểu nhỏ hơn 1. Câu II : ( 2 đ iểm ). sin 2 x  2 2(s inx+cosx)=5 . 1. Giải phương trình: 2 x 2  mx  3  x. 2. Tìm m đ ể phương trình sau có nghiệm duy nhất : Câu III : ( 2 đ iểm ). 2 1  x2 1 . Tính tích phân sau : I   dx. x  x3 1  x3  y 3  m( x  y )  2 . Cho hệ phương trình :  x  y  1 Tìm m để hệ có 3 nghiệm phân biệt (x1;y1);(x2;y2);(x3;y3) sao cho x1;x2;x3 lập thành cấp số cộng  d  0  .Đồng thời có hai số xi thỏa mãn xi > 1 Câu IV : ( 2 đ iểm ).  x  1  2t  xyz Trong không gian oxyz cho hai đường thẳng d1 :   ; d2  y  t 112 z  1 t  và điểm M(1;2;3). 1.Viết phương trình mặt phẳng chứa M và d1 ; Tìm M’ đối xứng với M qua d 2. 2.Tìm A  d1 ; B  d 2 sao cho AB ngắn nhất . B. PHẦN TỰ CHỌN: ( 2 điểm ). ( Thí sinh chỉ được làm 1 trong 2 câu Va ho ặc Vb sau đây.) Câu Va. 1 . Trong mặt phẳng oxy cho ABC có A(2;1) . Đường cao qua đỉnh B có phương trình x- 3 y - 7 = 0 .Đường trung tuyến qua đỉnh C có phương trình x + y + 1 = 0 . Xác định tọa độ B và C . Tính diện tích ABC . n 1 3  x  2 .Tìm hệ số x6 trong khai triển b iết tổng các hệ số khai triển x  b ằng 1024. Câu Vb. 1 x 2 1 x2 5 1 . Giải bất phương trình : 5 > 24. 2 .Cho lăng trụ ABC.A B C đáy ABC là tam giác đ ều cạnh a. .A’ cách đều các điểm A,B,C. Cạnh bên ’’’ AA’ tạo với đáy góc 600. Tính thể tích khối lăng trụ. ______________ Hết ____________
kú thi thö ®¹i häc n¨m 2011 Môn Toán : Thêi gian lµm bµi 180 phót. Trêng thpt t©y thôy anh . ĐÁP ÁN Câ Ý Nội dung Điể u m . I 200 1 .Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị hàm số khi m = 2. 1 ,00 V ới m = 2 ta được y = x3 – 3x2 + 4 0,25 a ;Tập xác định : D = R. b ; Sự biến thiên. Tính đơn điệu …… N hánh vô cực…… + 2 - x 0 0 ,25 0 + 0 - y' + j 4 + y - o c ; Đồ thị : + Lấy thêm điểm . + Vẽ đúng hướng lõm và vẽ bằng mực cùng màu mực với phần trình bầy 0 ,25 8 6 4 2 0 ,25 -15 -10 -5 5 10 15 -2 -4 -6 -8
2 . Tìm m để đồ thị hàm số (Cm) có cực trị đồng thời hoành độ cực tiểu nhỏ 1 ,00 hơn 1. H àm số có cực trị theo yêu cầu đầu bài khi và chỉ khi thỏa mãn 2 0,25 ĐK sau : ’ ' 2 + y =0 có 2 nghiệm pbiệt x1 < x2    4m  m  5 f 0 5  m < - 1 hoặc m > 0,25 4 + x 1 < x2 < 1 ( Vì hệ số của x 2 của y’ mang dấu dương ) 21  ' p 4  2m  …..  m p  ….  15 0,25 57 K ết hợp 2 ĐK trên ta được… Đáp số m   ; 1   ;    0,25 45   II 2 ,00 1 1 ,00 sin 2 x  2 2(s inx+cosx)=5 . ( I ) 1.Giải phương trình: 2 0 ,25 Đặt sinx + cosx = t ( t  2 ).  sin2x = t - 1  ( I )  t 2  2 2t  6  0  t   2 ) 0 ,25  +Giải được phương trình sinx + cosx =  2 …  cos( x  )  1 4 0 ,25 + Lấy nghiệm 5 K ết luận : x   k 2 ( k  Z ) hoặc d ưới dạng đúng khác . 0 ,25 4 2 1 ,00 2 x 2  mx  3  x. Tìm m để phương trình sau có nghiệm duy nhất :  2x 2  mx  9  x 2  6x  hệ  có nghiệm duy nhất 0 ,25 x  3 2  x + 6x – 9 = -mx (1) +; Ta thấy x = 0 không phải là nghiệm. 0 ,25 x 2  6x  9 + ; V ới x  0 (1)   m . Xét hàm số : x 0 ,25 x 2  6x  9 x2  9 trên  ;3 \ 0 có f’(x) = 2 > 0 x  0 f(x) = x x + , x = 3  f(3) = 6 , có nghiệm duy nhất khi – m > 6  m < - 6 0 ,25 III 2 ,00
1 2 1  x2 1. Tính tích phân sau : I   dx. 1 ,00 x  x3 1 2 1  x2 I  dx. = x  x3 1 1 1 2 x2  1 dx = 0 ,25 x 1 x 1 2 d (x  ) x = - ln( x  1 ) 2 = 0 ,50  1 x1 x 1 x 4 0 ,25 …. = ln 5 2 1  x2 2 dx. =   1  2x dx =……) ( Hoặc I     x  x3 x x2  1  1 1 2  x3  y 3  m( x  y ) 2.Cho hệ phương trình :  1,00  x  y  1 ------------------------------------------------------------------------------------------ ------ Tìm m để hệ có 3 nghiệm phân biệt (x1;y1);(x 2;y2);(x 3;y3) sao cho x1;x 2;x3 lập thành cấp số cộng  d  0  .Đồng thời có hai số xi thỏa mãn xi > 1  x 3  y 3  m( x  y ) ( x  y)( x 2  y 2  xy  m)  0   0,25  x  y  1  x  y  1 1  x  y   2    y   x  1   ( x)  x 2  x  1  m  0  3 Trước hết  ( x) phải có 2 nghiệm pbiệt x1 ; x2    4m  3 f 0  m f 0,25 4 Có thể xảy ra ba trường hợp sau đây theo thứ tự lập thành cấp số cộng. 1 +Trường hợp 1 : ; x1 ; x2  2 1 +Trường hợp 2 : x1 ; x2 ;  0 ,25 2 1 +Trường hợp 3 : x1 ;  ; x2 2 X ét thấy Trường hợp 1 ;2 không thỏa mãn. Trường hợp 3 ta có  x1  x2  1 3 đúng với mọi m >   x1 x2  1  m 4
0 ,25 Đồng thời có hai số xi thỏa mãn xi > 1 ta cần có thêm điều kiện sau 1  4 m  3 Đáp số : m > 3 x2  f 1  4m  3 f 3  m f 3 2 2,00 IV  x  1  2t  xyz Trong không gian oxyz cho hai đường thẳng d1 :   ; d2  y  t 112 z  1 t  và điểm M(1;2;3). 1.Viết phương trình mặt phẳng chứa M và d1 ; Tìm M’ đối xứng với M qua d2. . 0,25 + Phương trình mặt phẳng chứa M và d1 …. Là (P) x + y – z = 0 + Mp(Q) qua M và vuông góc với d2 có pt 2x – y - z + 3 = 0 0,25 + Tìm được giao của d2 với mp(Q) là H (-1 ;0 ;1) 0,25 …  Điểm đối xứng M’ của M qua d2 là M’(-3 ;-2 ;-1) 0,25 2.Tìm A  d1; B  d 2 sao cho AB ngắn nhất . Gọi A(t;t;2t) và B(-1-2t1 ;-t1 ;1+t1) AB ngắn nhất khi nó là đoạn vuông góc 0 ,50 chung của hai đường thẳng d1 và d 2 . uuu u rr  AB.v1  0 1 17 18  336  …….  tọa độ của A  ; ;  và B  ;   uuu ur ; 0 ,50 ru     35 35 35   35 35 35   AB.v2  0  Va 2 ,00 1. Trong mặt phẳng oxy cho ABC có A(2;1) . Đường cao qua đỉnh B 1 có phương trình x- 3y - 7 = 0 .Đường trung tuyến qua đỉnh C có phương trình x + y +1 = 0 . Xác định tọa độ B và C . B M A C H r +AC qua A và vuông góc với BH do đó có VTPT là n  (3;1) AC có phương trình 3x + y - 7 = 0  AC + Tọa độ C là nghiệm của hệ  ……  C(4;- 5 ) CM 2  xB 1  yB 2  xB 1  y B ; M thuộc CM ta được +  xM ;  yM  1  0 2 2 2 2
 2  xB 1  yB  1  0 + G iải hệ  2 ta được B(-2 ;-3) 2   xB  3 yB  7  0 0,25  Tính diện tích ABC . 14  x  5 x  3y  7  0  + Tọa độ H là nghiệm của hệ   0,25 3x  y  7  0 y   7  5  8 10 …. Tính được BH = ; AC = 2 10 5 1 1 8 10 - D iện tích S =  16 ( đvdt) AC .BH  .2 10. 0,25 2 2 5 2 n 1 3 2 .Tìm hệ số x6 trong khai triển   x  biết tổng các hệ số khai triển x  bằng 1024. 0 ,25 + ; Cn0  Cn  ...  Cnn  1024 1 n n  1  1  1024  2 = 1024  n = 10 0,25 10  k 10 0,25 10 1 1 + ;   x3    C10   k .  x3  k ; …….    x  x  k o H ạng tử chứa x6 ứng với k = 4 và hệ số cần tìm bằng 210 . 0 ,25 Vb 2 ,00 1 ,00 1 1 x 2 1 x 2 5 1. G iải bất phương trình : 5 > 24. (2) ------ ------------------------------------------------------------------------------------------ ------------- 0,5 2   2 2 (2)  5 5x  24 5x  5 f 0 x f 1 2 2  5x f 5  x > 1    x p 1 0,5
2.Cho lăng trụ ABC.A’B’C’đáy ABC là tam giác đều cạnh a. .A’ cách 2 đều các điểm A,B,C. Cạnh bên AA’ tạo với đáy góc 600. Tính thể tích khối 1,00 ------ lăng trụ. ----------------------------------------------------------------------------------------- A' C' 0,25 B' A C G N M B Từ giả thiết ta được chop A’.ABC là chop tam giác đều . ·' AG là góc giữa A cạnh bên và đáy . a3  ·' AG = 60 , ….. AG = 0 ; A 3 Đ ường cao A’G của chop A’.ABC cũng là đường cao của lăng trụ . Vậy 0,25 a3 a3 ’ .tan600 = AG= . 3 = a. 3 3 0,25 a3 3 1 a3 0,25 …….. Vậy Thể tích khối lăng trụ đã cho là V = .a. .a  2 2 4 G hi chú : + Mọi phương pháp giải đúng khác đều được công nhận và cho điểm như nhau . + Đ iểm của bài thi là tổng các điểm th ành phần và làm tròn ( lên ) đến 0,5 điểm.