Tham khảo đề thi - kiểm tra 'đáp án và đề thi thử đại học - trường thpt nguyễn huệ -đắk lắk - đề số 32', tài liệu phổ thông, ôn thi đh-cđ phục vụ nhu cầu học tập, nghiên cứu và làm việc hiệu quả
AMBIENT/
Chủ đề:
Nội dung Text: ĐÁP ÁN VÀ ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC - TRƯỜNG THPT NGUYỄN HUỆ -ĐẮK LẮK - ĐỀ SỐ 32
- SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO ĐẮK LẮK ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC
TRƯỜNG THPT NGUYỄN HUỆ MÔN TOÁN NĂM 2012 - 2013
Thời gian làm bài: 180 phút.
A.PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ CÁC THÍ SINH (7 điểm):
Câu I (2 điểm): Cho hàm số y = x 3 − 3mx 2 + 3(m 2 − 1) x − m3 + m (1)
1.Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị của hàm số (1) ứng với m=1
2.Tìm m để hàm số (1) có cực trị đồng thời khoảng cách từ điểm cực đại của đồ thị hàm số đến
góc tọa độ O bằng 2 lần khoảng cách từ điểm cực tiểu của đồ thị hàm số đến gốc tọa độ O.
Câu II (2 điểm):
π
1. Giải phương trình : 2cos3x.cosx+ 3(1 + s in2x)=2 3cos 2 (2 x + )
4
2. Giải phương trình :
log 2 (5 − 2 x) + log 2 (5 − 2 x).log 2 x +1 (5 − 2 x) = log 2 (2 x − 5) 2 + log 2 (2 x + 1).log 2 (5 − 2 x)
1
2
π π
6 tan( x − )
Câu III (1 điểm): Tính tích phân I = 4 dx
0
cos2x
Câu IV (1 điểm): Cho hình chóp S.ABCD có đáy là hình vuông cạnh a , SA vuông góc với đáy
và SA=a .Gọi M,N lần lượt là trung điểm của SB và SD;I là giao điểm của SC và mặt phẳng
(AMN). Chứng minh SC vuông góc với AI và tính thể tích khối chóp MBAI.
Câu V (1 điểm): Cho x,y,z là ba số thực dương có tổng bằng 3.Tìm giá trị nhỏ nhất của biểu thức
P = 3( x 2 + y 2 + z 2 ) − 2 xyz .
B. PHẦN TỰ CHỌN (3 điểm): Thí sinh chỉ được chọn một trong hai phân (phần 1 hoặc 2)
1.Theo chương trình chuẩn:
Câu VIa (2 điểm):
1. Trong mặt phẳng với hệ toạ đ ộ Oxy cho điểm C(2;-5 ) và đường thẳng ∆ : 3x − 4 y + 4 = 0 .
Tìm trên ∆ hai điểm A và B đối xứng nhau qua I(2;5/2) sao cho diện tích tam giác ABC bằng15.
2. Trong không gian với hệ toạ độ Oxyz cho mặt cầu ( S ) : x 2 + y 2 + z 2 − 2 x + 6 y − 4 z − 2 = 0 .
r
Viết phương trình mặt phẳng (P) song song với giá của véc tơ v(1;6; 2) , vuông góc với mặt
phẳng (α ) : x + 4 y + z − 11 = 0 và tiếp xúc với (S).
Câu VIIa(1 điểm): Tìm hệ số của x 4 trong khai triển Niutơn của biểu thức : P = (1 + 2 x + 3 x 2 )10
2.Theo chương trình nâng cao:
Câu VIb (2 điểm):
x2 y 2
1.Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy cho elíp ( E ) : + = 1 và hai điểm A(3;-2) , B(-3;2) .
9 4
Tìm trên (E) điểm C có hoành độ và tung độ dương sao cho tam giác ABC có diện tích lớn nhất.
2.Trong không gian với hệ toạ độ Oxyz cho mặt cầu ( S ) : x 2 + y 2 + z 2 − 2 x + 6 y − 4 z − 2 = 0 .
r
Viết phương trình mặt phẳng (P) song song với giá của véc tơ v(1;6; 2) , vuông góc với mặt
phẳng (α ) : x + 4 y + z − 11 = 0 và tiếp xúc với (S).
Câu VIIb (1 điểm):
2 1 22 2 2n n 121
Tìm số nguyên dương n sao cho thoả mãn Cn + Cn + Cn + ... +
0
Cn =
2 3 n +1 n +1
- HƯỚNG DẪN
Câu 1:2. Ta có y = 3 x − 6mx + 3(m − 1) Để hàm số có cực trị thì PT y , = 0 có 2 nghiệm phân
, 2 2
biệt
� x 2 − 2mx + m 2 − 1 = 0 có 2 nghiệm phân biệt � ∆ = 1 > 0, ∀m
Cực đại của đồ thị hàm số là A(m-1;2-2m) và cực tiểu của đồ thị hàm số là B(m+1;-2-2m)
m = −3 + 2 2
Theo giả thiết ta có OA = 2OB � m + 6m + 1 = 0 �
2
m = −3 − 2 2
Vậy có 2 giá trị của m là m = −3 − 2 2 và m = −3 + 2 2 .
Câu 2: 1.
� π �
PT � cos4x+cos2x+ 3(1 + sin 2 x) = 3 �+ cos(4x+ ) � cos4x+ 3 sin 4 x + cos2x+ 3 sin 2 x = 0
1 �
� 2 �
π π π π π π
� sin(4 x + ) + sin(2 x + ) = 0 � 2sin(3 x + ).cosx=0 � x = − + k ,x= + kπ
6 6 6 18 3 2
π π π
Vậy PT có hai nghiệm x = + kπ và x = − + k .
2 18 3
−1 5
- IH SI SI .SC SA2 a2 1 1 1 1 a 2 a a3
= = = 2 = 2 = � IH = BC = a .Vậy VABMI = =
BC SC SC 2
SA + AC 2
a + 2a 2
3 3 3 3 4 3 36
2
�+ y+z�
x
Câu 5: Cách 1: ta có P = 3 ( x + 1) + 3 ( y + 1) + 3 ( z + 1) − 2 xyz − 9 6 x + 6 y + 6 z − 2 �
2 2 2
�− 9 = 7
� 3 �
Vậy P=7 là nhỏ nhất khi x=y=z=1
Cách 2:
P = 3 � + y + z ) 2 − 2( xy + yz + zx) � 2 xyz = 3 [ 9 − 2( xy + yz + zx ) ] − 2 xyz = 27 − 6 x ( y + z ) − 2 yz ( x + 3)
(x
� �−
( y + z)2 1
27 − 6 x(3 − x) − ( x + 3) = (− x 3 + 15 x 2 − 27 x + 27)
2 2
Xét hàm số f ( x) = − x 3 + 15 x 2 − 27 x + 27 với 00.Khi đó ta có + = 1 và diện tích tam giác ABC là
9 4
1 85 85 x y
S ABC = AB.d (C AB ) = 2x + 3y = 3 +
2 2 13 13 3 4
85 � 2 y 2 �
x 170
3 2� + � 3 =
13 � 9 4 � 13
x2 y2
+ =1 2
� 9 4 �=3
x 3 2
Dấu bằng xảy ra khi � � 2 . Vậy C ( ; 2) .
x y
�= �= 2 2
y
3 2
Câu 7b: Xét khai triển (1 + x ) = Cn + Cn x + Cn x + ... + Cn x
n 0 1 2 2 n n
Lấy tích phân 2 vế cận từ 0 đến 2 , ta được:
- 3n +1 − 1 2 2 1 23 3 2n +1 n
= 2Cn + Cn + Cn + ... +
0
Cn
n +1 2 3 n +1
2 1 22 2 2n n 3n +1 − 1 121 3n +1 − 1
Cn + Cn + Cn + ... +
0
Cn = � = � 3n +1 = 243 � n = 4
2 3 n +1 2(n + 1) n + 1 2(n + 1)
Vậy n=4.
Thêm vào BST
Báo xấu
Download
Vui lòng tải xuống để xem tài liệu đầy đủ
