zunia.vn

Tuyển sinh 2024 dành cho Gen-Z

zunia.vn

» Tài Liệu Phổ Thông

» Ôn thi ĐH-CĐ

Phương pháp hàm số trong giải toán

Chia sẻ: Nguyen Van Phuoc | Ngày: | Loại File: DOC | Số trang:17

Báo xấu

792
lượt xem 289
download

Download Vui lòng tải xuống để xem tài liệu đầy đủ

Định nghĩa hàm số và các khái niệm liên quan đến hàm số đã được trình bày ở chương trình sách giáo khoa lớp 10. Nhưng để hiểu rõ các tính chất và các ứng dụng của hàm số thì cần có kiến thức về giải tích mà cụ thể là đạo hàm của hàm số. Kiến thức về đạo hàm và ứng dụng của đạo hàm được trình bày ở chương trình sách giáo khoa cuối lớp 11 và đầu lớp 12.

Chủ đề:

Bình luận(0) Đăng nhập để gửi bình luận!

Lưu

Nội dung Text: Phương pháp hàm số trong giải toán

Phương pháp hàm số trong giải toán MỞ ĐẦU Định nghĩa hàm số và các khái niệm liên quan đến hàm s ố đã được trình bày ở chương trình sách giáo khoa lớp 10. Nhưng để hiểu rõ các tính ch ất và các ứng dụng của hàm số thì cần có kiến thức về giải tích mà cụ th ể là đạo hàm của hàm số. Kiến thức về đạo hàm và ứng dụng của đạo hàm được trình bày ở chương trình sách giáo khoa cuối lớp 11 và đầu lớp 12. Dùng đạo hàm của hàm số giúp chúng ta tìm được GTLN, GTNN , xét đ ược khoảng đồng biến , nghich biến của hàm số và xét được tính lồi lõm của đ ồ th ị hàm số. Từ các ứng dụng đạo hàm của hàm số giúp chúng ta giải được một s ố bài toán trong phương trình, hệ phương trình, bất phương trình, bất đẳng thức, xét s ự hội tụ của dãy số và chứng minh bất đẳng thức. Trong bài viết này chúng ta tìm hiểu một số ứng dụng của phương pháp hàm số vào trong giải toán. 1 Giáo viên : Đinh Bạt Vinh - Trường THPT Nghi Lộc 2
Phương pháp hàm số trong giải toán I- Sử dụng tính đơn điệu của hàm số để giải phương trình, hệ phương trình, bất phương trình. 1) Định lí 1: Nếu hàm số f(x) luôn đồng biến (hoặc luôn nghịch biến) và liên tục trên D thì số nghiệm của phương trình f(x) = k trên D không nhiều hơn một và f(x) = f(y) ⇔ x = y với mọi x, y ∈ D. Chứng minh: a) Giả sử phương trình f(x) = k có nghiệm x = a tức là f(a) = k. Nếu x > a thì f(x) > f(a) = k suy ra phương trình vô nghiệm. Nếu x < a thì f(x) < f(a) = k suy ra phương trình vô nghiệm. b) Nếu x > y thì f(x) > f(y) suy ra phương trình f(x) = f(y) vô nghiệm. Nếu x < y thì f(x) < f(y) suy ra phương trình f(x) = f(y) vô nghiệm. 2) Định lí 2: Nếu hàm số y = f(x) luôn đồng biến ( hoặc luôn nghịch biến) và hàm số y = g(x) luôn nghịch biến (hoặc luôn đồng biến) và liên tục trên D thì số nghiệm của phương trình f(x) = g(x) không nhiều hơn một. Chứng minh: Giả sử phương trình f(x) = g(x) có nghiệm x = a tức là f(a) = g(a). Nếu x > a thì f(x) > f(a) = g(a) > g(x) suy ra phương trình vô nghiệm. Nếu x < a thì f(x) < f(a) = g(a) < g(x) suy ra phương trình vô nghiệm. 3) Định lí 3: Nếu đồ thị hàm số y = f(x) lồi (lõm) trên khoảng (a;b) thì phương trình f(x) = 0 nếu có nghiệm thì có tối đa 2 nghiệm. Ví dụ 1: Giải phương trình 3x = 4 - x. Giải: Tập xác định D= R. Phương trình tương đương với 3x + x - 4 = 0. Xét hàm số f(x ) = 3x + x - 4 . Hàm số xác định và liên tục trên R f’(x) = 3x.ln3 + 1 > 0 ∀ x ∈R. Vậy hàm số f(x) đồng biến trên R. Mặt khác phương trình có một nghiệm x =1. Vậy phương trình có nghiệm duy nhất x = 1. Bài tập 1: Giải phương trình: log x = 11 − x 2 2 Bài tập 2: Giải phương trình: 9 x − (13 − x 2 ).3x − 9x 2 + 36 = 0 .  x2 + x + 3  ÷ = x + 3x + 2 2 log 3  2 Ví dụ 2: Giải phương trình :  2x + 4x + 5  Giải: Tập xác định D = R. Phương trình đã cho tương đương với log 3 ( x 2 + x + 3) + ( x 2 + x + 3) = log 3 (2x 2 + 4x + 5) + (2 x 2 + 4 x + 5) (*) Xét hàm số f(t) = log 3 t + t .Hàm số xác định và liên tục trên khoảng(0;+ ∞ ) 1 + 1 > 0 ∀t > 0. Vậy hàm số f(t) đồng biến trên khoảng(0;+ ∞ ) f’(t) = t. ln 3 Phương trình (*) ⇔ f(x2 +x + 3) = f(2x2 + 4x + 5) ⇔ x2 +x + 3 = 2x2 + 4x + 5 ⇔ x = - 1 v x = - 2. 3  x − 3 y = y − 3x 3 Bài tập 1: Giải hệ phương trình  2  2x − y = 4 2   x 3 + 3 y = y 3 + 3x  Bài tập 2: Giải hệ phương trình  2 3x + y = 1 2   x + 3 + 10 − y = 5  Bài tập 3: Giải hệ phương trình   y + 3 + 10 − x = 5   x 3 − y 3 + 3 y 2 − 3x − 2 = 0  Bài tập 4 : Tìm m để hệ phương trình có nghiệm  2 x + 1 − x − 3 2 y − y + m = 0 2 2  2 Giáo viên : Đinh Bạt Vinh - Trường THPT Nghi Lộc 2
Phương pháp hàm số trong giải toán Ví dụ 3: Giải phương trình 3x = 2x + 1 Giải: Tập xác định D = R. Phương trình đã cho tương đương với 3x - 2x - 1 = 0. Xét hàm số f(x) = 3x -2x - 1, f’(x) = 3xln3 - 2, f’’(x) = 3x (ln3)2 > 0 ∀x ∈ R. Mặt khác phương trình co hai nghiệm x = 0 và x =1. Vậy phương trình có đúng hai nghiệm x = 0 và x = 1. Bài tập 1: Giải phương trình: 2009x + 2010x = 4017x + 2 Bài tập 2: Giải phương trình: 3 = 1 + x + log 3 (1 + 2x) x Bài tập 3: Giải phương trình: ( 1 + cos x ) ( 2 + 4 ) = 3.4 cos x cos x  x = y3 + y2 + y − 2  Ví dụ 4: Giải hệ phương trình  y = z + z + z − 2 3 2  z = x3 + x2 + x − 2  Giải: Xét hàm số f(t) = t + t + t - 2. f’(t) = 3t2 + 2t + 1 > 0 ∀t∈ R. Vậy hàm số f(t) đồng biến 3 2 trên R. Giả sử x = max{x,y,z} hay x≥ y và x ≥ z suy ra x = f(y) ≥ f( z) = y và x= f(y) ≥ f(x) = z . Từ đó ta có y ≥ z và y ≥ x. Suy ra f(y) ≥ f(z) hay z ≥ x. Do đó x ≥ y≥ z≥ x từ đó x = y = z = 1.  x 3 + 3x − 3 + ln( x 2 − x + 1) = y 3 Bài tập 1: Giải hệ phương trình  y + 3 y − 3 + ln( y − y + 1) = z 2  z 3 + 3z − 3 + ln( z 2 − z + 1) = x   2x 3 + 2 x 2 − 18 = y 3 + y 3 Bài tập 2: Giải hệ phương trình  2 y + 3 y − 18 = z + z 2 3  2z3 + 3z2 − 18 = x 3 + x   x 3 + x 2 + 2x = 2 y 3 + 1 3 Bài tập 3: Giải hệ phương trình  y + y + 2 y = 2z + 1 2 3  z 3 + z 2 + 2z = 2 x 2 + 1  x +6 − 7− x ≥1 Ví dụ 5: Giải bất phương trình Giải: Tập xác định D = [- 6; 7] . Xét hàm số f(x) = x + 6 − 7 − x . 1 1 + > 0 ∀ x ∈ (- 6; 7). Ta có f’(x) = 2 x+6 2 7−x Vậy hàm số f(x) đồng biến trên đoạn [- 6; 7] Mặt khác f(3) = 1. Do đó bất phương trình tương đương với f(x) ≥ f(3) ⇔ x ≥ 3. Vậy bất phương trình có tập nghiệm S = [3; 7] Bài tập 1: Giải bất phương trình x 3 + 3x 2 + 6x + 16 < 2 3 + 4 − x 6 8 +
Phương pháp hàm số trong giải toán II - Sử dụng GTLN,GTNN của hàm số để tìm giá trị tham số để phương trình, bất phương trình, hệ phương trình có nghiệm. Cho hàm số y = f(x) xác định và liên tục trên khoảng (a;b). 1) Định lý 1: Phương trình f(x) = m có nghiệm thuộc đoạn [a;b] ⇔ min f ( x ) ≤ m ≤ max f ( x ) [ a ;b] [ a ;b] 2) Định lý 2: Bất phương trình f(x) ≥ m có nghiệm thuộc đoạn [a;b] ⇔ max f ( x ) ≥ m [ a ;b] 3) Định lý 3: Bất phương trình f(x) ≤ m có nghiệm thuộc đoạn [a;b] ⇔ min f ( x ) ≤ m [ a ;b] 4) Định lý 4: Bất phương trình f(x) ≥ m nghiệm đúng với mọi x ∈ [a;b] ⇔ min f ( x ) ≥ m [ a ;b] 5) Định lý 5: Bất phương trình f(x) ≤ m nghiệm đúng với mọi x ∈ [a;b] ⇔ max f ( x ) ≤ m [ a ;b] Chú ý: Định lý 1,2,3,4,5 dùng để giải các bài toán về phương trình, hệ phương trình, hệ bất phương trình, bất phương trình chứa tham số. Ví dụ 1: Tìm m để phương trình sau 4 x − 2 + 3 21 − 4 x − x 2 = m a) Có nghiệm. b) Có đúng 1 nghiệm. c) có 2 nghiệm phân biệt. Giải : Tập xác định D= [-7;3], Xét hàm số f ( x ) = 4 x − 2 + 3 21 − 4 x − x 2 , ta có 3(2 + x ) f '( x ) = 4 − , f’(x) = 0 ⇔ x= - 6 (Loại) v x = 2. 21 − 4 x − x 2 Ta có bảng biến thiên của hàm số f(x). -7 2 3 x + 0 - f’(x) 15 f(x) -30 10 a) Phương trình có nghiệm khi min f ( x ) ≤ m ≤ max f ( x ) ⇔ - 30 ≤ m ≤ 15 [ −7;3] [ −7;3] b) Phương trình có đúng 1 nghiệm khi - 30 ≤ m < 10 hoặc m = 15. c) Phương trình có hai nghiệm phân biệt khi 10 ≤ m < 15. Ví dụ 2: Tìm m để phương trình 4(sin4x + cos4x) + (5 - 2m)cos2x + 9 - 3m = 0 a) Có nghiệm.  π b) Có đúng 2 nghiệm thuộc đoạn 0;   3 2t 2 + 5t + 11 =m . Giải : Đặt t = cos2x với - 1 ≤ t ≤ 1 . Phương trình trở thành 2t + 3 2t 2 + 5t + 11 Xét hàm số f(t) = 2t + 3 4t + 12t − 7 2 7 1 Ta có f '(t ) = , f’(t) = 0 ⇔ t = − (Loại) v t = . Bảng biến thiên (2t + 3) 2 2 2 t -1 1/2 1 f’(t) - 0 + 8 18/5 f(t) 7/2 4 Giáo viên : Đinh Bạt Vinh - Trường THPT Nghi Lộc 2
Phương pháp hàm số trong giải toán a) Phương trình có nghiệm khi min f (t ) ≤ m ≤ max f (t ) ⇔ 7/2 ≤ m≤ 8. [ −1;1] [ −1;1]  π  2π  1 b) Khi x ∈ 0;  thì 2x ∈ 0;  hay − ≤ t ≤ 1 . Phương trình có hai nghiệm thuộc đoạn  3  3 2  π 1 0;  khi phương trình ẩn t có hai nghiệm t thuộc đoạn  − ;1 hay 7/2 < m ≤ 18/5  3  2 Bài tập 1: Tìm m để phương trình sau có nghiệm thực 3 x − 1 + m x + 1 = 2 4 x 2 − 1 Bài tập 2: Tìm m để phương trình sau có nghiệm thực x − 1 + 4 4 x 2 − 3x + 2 + ( m + 3) x − 2 = 0 1− x 2 1− x 2 Bài tập 3: Tìm m để phương trình sau có nghiệm 91+ − ( m + 2)31+ + 2m + 1 = 0 Bài tập 4: Tìm m để phương trình sau có nghiệm x 2 + 4x − m − x 2 − 4x − 3 + m + 2 = 0 Bài tập 5: Tìm m để phương trình sau có đúng hai nghiệm thực phân biệt: 2x + 2x + 2 4 6 − x + 2 6 − x = m 4 Bài tập 6: Tìm m để phương trình 3 1 − x 2 − 2 x 3 + 2 x 2 + 1 = m có nghiệm duy nhất thuộc 1 đoạn  − ;1 . 2  π π − 4 ; 4  Bài tập 7: Tìm m để phương trình sau có bốn nghiệm phân biệt thuộc đoạn   sin 4 x + cos 4 x + cos 2 4x = m. x+2 x 2 − 2 x + m.( x − 4). + 2 8 + 2 x − x 2 − 14 − m = 0 Bài tập 8: Tìm m để phương trình 4− x có nghiệm thực. ( ) Bài tập 9: Tìm m để phương trình sau có nghiệm 4 6 + x − x − 3x = m x + 2 + 2 3− x 2 Bài tập 10:Tìm m để phương trình sau có nghiệm ( ) 1+ x − 1− x − 2 = 2 1− x + 1+ x − 1− x 2 2 4 2 2 m −1 3 Ví dụ 3: Tìm m để bất phương trình: − x + 3mx − 2 < 3 nghiệm đúng ∀x ≥ 1 x 1 12 Giải: BPT ⇔ 3mx < x − 3 + 2, ∀x ≥ 1 ⇔ 3m < x − 4 + x = f ( x ) , ∀x ≥ 1 . 3 2 x x 2 4 2 −2 >0 Ta có f ′ ( x ) = 2 x + 5 − 2 ≥ 2 2 x  5  − 2 = 4 2 4 ∀ x ≠ 0. ÷ x2 x  x x x Suy ra f ( x ) đồng biến trên khoảng (1; + ∞ ) . YCBT ⇔ f ( x ) > 3m, ∀x ≥ 1 ⇔ min f ( x ) = f ( 1) = 2 > 3m ⇔ 2 > m 3 x ≥1 Bài tập 1: Tìm m để bất phương trình x (4 − x ) + m( x 2 − 4x + 5 + 2) ≤ 0 nghiệm đúng với mọi giá trị x ∈  2; 2 + 3    Bài tập 2: Tìm m để bất phương trình ( 4 + x ) ( 6 − x ) ≤ x 2 − 2 x + m nghiệm đúng ∀x ∈ [ −4, 6] Bài tập 3: Tìm m để bất phương trình 3 + x + 6 − x − 18 + 3 x − x 2 ≤ m 2 − m + 1 nghiệm đúng ∀x ∈ [ −3, 6] 5 Giáo viên : Đinh Bạt Vinh - Trường THPT Nghi Lộc 2
Phương pháp hàm số trong giải toán Ví dụ 4: Tìm m để phương trình: x x + x + 12 = m ( 5 − x + 4 − x ) có nghiệm. Giải: Chú ý: Nếu tính f ′ ( x ) rồi xét dấu thì thao tác rất phức tạp, dễ nhầm lẫn. 3 1 Thủ thuật: Đặt g ( x ) = x x + x + 12 > 0 ⇒ g ′ ( x ) = 2 x + >0 2 x + 12 h ( x ) = 5 − x + 4 − x > 0 ⇒ h ′ ( x ) = −1 − 1 0 và tăng; h ( x ) > 0 và giảm hay ( ) > 0 và tăng hx g ( x ) tăng. Suy ra f ( x ) = m có nghiệm ⇒ f ( x) = h ( x) ⇔ m ∈  min f ( x ) ; max f ( x )  = [ f ( 0 ) ; f ( 4 ) ] =  2 ( 15 − 12 ) ;12     [ 0;4]  [ 0;4] Bài tập 1: Tìm m để bất phương trình sau có nghiệm: mx + 1 ≤ x − 3 + 2m Bài tập 2: Tìm m để bất phương trình sau có nghiệm x 3 + 3x 2 − 1 ≤ m ( x − x − 1 ) 3 x + 1 + y + 1 = 5  x y  Ví dụ 5: Tìm m để hệ phương trình có nghiệm  3  x + 13 + y 3 + 13 = 15m − 10  x y  x) ) ( ( 3 1 1 Giải: Đặt u = x + x ; v = y + y ta có x 3 + 13 = x + 1 − 3x ×1 x + 1 = u − 3u x x x 1 1 1 1 1 và u = x + x = x + x ≥ 2 x . x = 2 ; v = y + y ≥ 2 y . y = 2 u + v = 5 u + v = 5  ⇔ Khi đó hệ trở thành  u + v − 3 ( u + v ) = 15m − 10 uv = 8 − m 3 3  ⇔ u , v là nghiệm của phương trình bậc hai f ( t ) = t 2 − 5t + 8 = m Hệ có nghiệm ⇔ f ( t ) = m có 2 nghiệm t1 , t 2 thỏa mãn t1 ≥ 2; t 2 ≥ 2 . Lập Bảng biến thiên của hàm số f ( t ) với t ≥ 2 −∞ +∞ t –2 2 5/2 f ′( t) – – 0 + +∞ +∞ f ( t) 22 2 7/4 7 Nhìn bảng biến thiên ta có hệ có nghiệm ⇔ ≤ m ≤ 2 ∨ m ≥ 22 4 Bài tập 1: Chứng minh rằng ∀ m > 0 hệ phương trình sau có nghiệm duy nhất y − x = m x  e − e = ln(1 + x ) − ln(1 + y ) y  x + y =4  Bài tập 2: Tìm m để hệ:  (m là tham số).  x+7 + y+7 ≤m  có nghiệm ( x; y ) thỏa mãn điều kiện x ≥ 9. 6 Giáo viên : Đinh Bạt Vinh - Trường THPT Nghi Lộc 2
Phương pháp hàm số trong giải toán III - Sử dụng tính đơn điệu, GTLN, GTNN của hàm số để chứng minh bất đẳng thức. 1) Định lý 1: Nếu hàm số y = f(x) đồng biến trên khoảng (a;b) thì f(a) < f(x) < f(b) với mọi x ∈ (a;b) 2) Định lý 2: Nếu hàm số y = f(x) nghịch biến trên khoảng (a;b) thì f(a) > f(x) > f(b) với mọi x ∈ (a;b) 3) Định lý 3: Nếu hàm số y = f(x) đồng biến trên khoảng (a;b) thì f(a) ≤ f(x) ≤ f(b) với mọi x ∈ [a;b] 4) Định lý 4: Nếu hàm số y = f(x) nghịch biến trên khoảng (a;b) thì f(a) ≥ f(x) ≥ f(b) với mọi x ∈ [a;b] Chú ý: Định lí 1,2,3,4 dùng để chứng minh bất đẳng thức bằng cách xét hàm số.  π sin 2 x với x ∈  0; ÷ Ví dụ 1: Chứng minh rằng cos x <  2 2 x π sin x − x , với x ∈  0;  Giải: Xét hàm số f(x) =  ÷  2 cos x  π 1 + cos2 x − 2 cos x cos x (1 − cos x ) 2 > 0 , ∀ x ∈  0; ÷ f '( x ) = >  2 2 cos x cos x 2 cos x cos x  π sin 2 x Do đó hàm số f(x) đồng biến trên khoảng  0; ÷. Từ đó f(x) > f(0) ⇔ > x 2 . đpcm  2 cos x Bài tập 1: Chứng minh rằng x2 < cos x , với x ≠ 0. a) 1 - 2! x3 b) x − < sin x , với x > 0. 3! x2 x4 c) cos x < 1 − + , với x ≠ 0. 2! 4! x3 x5 d) sin x < x − + , với x > 0. 3! 5! e) ex ≥ 1 + x , ∀ x∈ R. x f) ln x < , với x > 0 và x ≠ e. e x ln x 1 < , với x > 0 và x ≠ e. g) 2 x −1 2 3 π h)  sinx  ÷ > cosx , với ∀x ∈(0; 2 ) .  x Bài tập 2: Chứng minh rằng π a) sin x + tan x > 2 x , với 0 < x < . 2 π 1 2 b) tan x + sin x > x , với 0 < x < . 2 3 2 c) x ( 2 + cos x ) > 3sin x , với x > 0  π 2 d) sin x ≥ x , với x ∈ 0;  . π  2 7 Giáo viên : Đinh Bạt Vinh - Trường THPT Nghi Lộc 2
Phương pháp hàm số trong giải toán e) π x (1 − x ) < sin x ≤ 4 x (1 − x ) , với x∈ (0;1) Bài tập 3: Chứng minh rằng: a) e x < 1 + xe x , với x > 0 b) e x − 1 − x < x 2 e x , với x > 0. x c) x.e 2 < e x − 1 , với x > 0. d) e x < (1 + x )1+ x , với x > 0. Bài tập 4: Chứng minh rằng ) ( 1 a) ln 1 + 1 + x < + ln x , với x > 0. 2 x x b) ln ( 1 + x ) < , với x > 0. 1+ x c) ( 1 − x ) ≥ x ln 2 x , với x > 0. 2 x2 với x ∈ ( 0; π ) d) ln ( 1 + cos x ) < ln 2 − 4 Bài tập 5: Chứng minh rằng:  π a) sin ( tan x ) ≥ x , với x ∈ 0;  .  4  π b) tan ( sin x ) ≥ x , với x ∈ 0;  .  3 12 Ví dụ 2: Gọi x1, x2 là hai nghiệm của phương trình 12x − 6mx + m − 4 + = 0 . Tìm m để 2 2 m2 A = x12 + x2 2 đạt GTNN, GTLN Giải : m 8 Giáo viên : Đinh Bạt Vinh - Trường THPT Nghi Lộc 2
Phương pháp hàm số trong giải toán m + m + m m m 1 Bài tập 1:Gọi x1, x2 là hai nghiệm của phương trình x + ax + = 0 . Tìm m để P = x14 + x2 2 4 a2 đạt GTNN Bài tập 2: Gọi x1, x2 là hai nghiệm của phương trình x 2 − ( a + 1) x + a 2 = 0 . Tìm GTNN của 1 1 P= + x1 x2  x2 y2   x y Ví dụ 3: Tìm GTNN của f ( x; y ) = 3  2 + 2 ÷ − 8  + ÷, với x,y≠ 0. y x  y x Giải: sin 2 x + 2 sin x + 3 Bài tập 1: Tìm GTNN, GTLN của P = sin 2 x + 3sin x + 4 9 Giáo viên : Đinh Bạt Vinh - Trường THPT Nghi Lộc 2
Phương pháp hàm số trong giải toán Bài tập 2: Tìm GTLN, GTNN của P = 2sin x + 21+cos x 2 2  x4 y4   x2 y 2   x y  P =  4 + 4 ÷ − 2  2 + 2 ÷ +  + ÷ , với x,y≠ 0. Bài tập 3: Tìm GTNN, GTLN của y x y x  y x 1 1 Bài tập 4: Tìm GTLN,GTNN của P = cos x + + cos x + −4 2 2 cos x cos x Ví dụ 4: Cho x, y ≥ 0 thoả mãn x2 + y2 = 1. Tìm giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ nhất của biểu 4 y 2 + 2 xy − 1 thức P = 2 xy − 2 x 2 + 3 Giải: Nếu x = 0 thì từ giả thiết x2 + y2 = 1 ta có y = 1. Suy ra P = 1. 1 Nếu x ≠ 0 thì đặt y = tx, t ≥ 0 . Từ giả thiết ta có x2 + y2 = 1 ⇔ x2 + t2x2 = 1 ⇔ x = 2 . 1 + t2 4t 2 x 2 + 2tx 2 − 1 3t 2 + 2t − 1 = Ta có P = . 2tx 2 − 2 x 2 + 3 3t 2 + 2t + 1 12t 2 + 4t 3t 2 + 2t − 1 1 , f ’(t) = 0 ⇔ t = 0 v t = − (Loại) Xét hàm số f(t) = 2 , f ’(t) = (3t + 2t + 1) 2 2 3t + 2t + 1 3 Bảng biến thiên +∞ t 0 f ’(t) + 1 f(t) -1 Từ bảng biến thiên ta có Min(P) = - 1 đạt được khi t = 0 ⇔ x = 1; y = 0. Max(P) = 1 đạt được khi x = 0; y = 1. Bài tập 1: Cho hai số thực x,y thay đổi và thỏa mãn hệ thức x 2 + y2 = 1. Tìm GTNN, GTLN 2( x 2 + 6xy ) của P = . 1 + 2xy + 2 y 2 Bài tập 2: Cho hai số thực dương x, y thay đổi và thỏa mãn điều kiện xy ≤ y - 1. Tìm x2 y3 GTNN của biểu thức P = 2 + 9 3 y x Ví dụ 5: Cho hai số thực x,y thỏa mãn x2 + xy + y2 = 1. Tìm GTLN,GTNN của A = x2 - xy + y2. Giải: 10 Giáo viên : Đinh Bạt Vinh - Trường THPT Nghi Lộc 2
Phương pháp hàm số trong giải toán Bài tập 1: Cho hai số thực x,y thỏa mãn x2 - xy + y2 = 1. Tìm GTLN,GTNN của A = x4 + y4 - x2y2. 1 1 Ví dụ 6: Cho hai số thực x,y thỏa mãn x2 - xy + y2 = xy(x + y). Tìm GTLN của A = 3 + 3 x y Giải: 11 Giáo viên : Đinh Bạt Vinh - Trường THPT Nghi Lộc 2
Phương pháp hàm số trong giải toán 1 1 Bài tập 1: Cho x,y dương thỏa mãn x + y = 1. Tìm GTNN của P = x + + y2 + 2 2 2 x y Bài tập 2: Cho các số thực không âm x,y thay đổi và thỏa mãn x + y = 1. Tìm GTLN, GTNN của biểu thức P = ( 4 x + 3 y ) ( 4 y + 3x ) + 25xy . 2 2 Bài tập 3: Cho các số thực x, y thay đổi thỏa mãn ( x + y ) + 4xy ≥ 2 . Tìm GTNN của biểu 3 thức A = 3 ( x + y + x y ) − 2 ( x + y ) + 1 4 4 22 2 2 Ví dụ 7: Cho hai số x,y ∈(0;1) thảo mãn x + y = 1. Tìm GTNN của biểu thức f ( x; y ) = x y + y x Giải: 12 Giáo viên : Đinh Bạt Vinh - Trường THPT Nghi Lộc 2
Phương pháp hàm số trong giải toán  a , b, c ≥ 0 7 . Chứng minh rằng: ab + bc + ca − 2abc ≤ . Ví dụ 8: Cho  a + b + c = 1 27 Giải: a ( b + c ) + ( 1 − 2a ) bc = a ( 1 − a ) + ( 1 − 2a ) bc = a ( 1 − a ) + ( 1 − 2a ) u = f ( u ) ) ( (1 − a) 2 2 Đồ thị y = f ( u ) = ( 1 − 2a ) u + a ( 1 − a ) với 0 ≤ u = bc ≤ b + c là một đoạn thẳng với = 2 4 2 ( ) 2 giá trị đầu mút f ( 0 ) = a ( 1 − a ) ≤  a + 1 − a  = 1 < 7 và     2 4 27 )( ) ( ) ( 2 f 1 ( 1 − a ) = 1 ( −2a 3 + a 2 + 1) = 7 − 1 2a + 1 a − 1 ≤7 2 4 4 27 4 3 3 27 ) ( Do đồ thị y = f ( u ) là một đoạn thẳng với u ∈ 0; 4 ( 1 − a )  và f ( 0 ) < ; f 4 ( 1 − a ) ≤ 27 7 1 1 7 2 2     27 7 1 nên f ( u ) ≤ . Đẳng thức xảy ra ⇔ a = b = c = 27 3  a , b, c ≥ 0 Bài tập 1: Cho  Chứng minh rằng: a 2 + b 2 + c 2 + abc ≥ 4 a +b+c=3  Bài tập 2: Chứng minh rằng: 2 ( a + b + c ) − ( ab + bc + ca ) ≤ 4, ∀ a, b, c ∈ [ 0, 2] . xyz x y Ví dụ 9: Cho x,y,z > 0. Tìm giá trị lớn nhất của biểu thức P = + + x + yz y + xz z + xy Giải : Áp dụng trình tự các bước sau. ( x + y)2 +) xy ≤ , dấu bằng xảy ra khi x = y. 4 A + 2n A + 2m ≤ +) Nếu cho A, B > 0, m ≥ n > 0 và A < 2B thì . B+n B+m A. n A. m +) Nếu cho m ≥ n > 0, A > mn thi ≤ . A+n A+m +) x y x y + = + x + yz y + xz ( x + y )( x + z ) ( x + y )( y + z ) ( x + y ) − ( x 2 + y 2 ) ( x + y ) − ( x + y ) 2 + 2 xy = = ( x + y )(1 − x)(1 − y ) ( x + y ) [ 1 − ( x + y ) + xy ] ( x + y)2 ( x + y) − ( x + y )2 + 2 (2) 2 ≤ = ( x + y)  z + 1  2 ( x + y ) 1 − ( x + y ) + 4   13 Giáo viên : Đinh Bạt Vinh - Trường THPT Nghi Lộc 2
Phương pháp hàm số trong giải toán z ( x + y) 2 z (1 − z ) z . xy ( 3) ≤ = +) z + xy ( z + 1) 2  ( x + y)  2 2 z +  4  2 z (1 − z ) 2 +) P ≤ + , đặt t = z , 0 < t < 1 . Xét hàm số z +1 ( z + 1) 2 2(−t 3 + t 2 + t + 1) 2(t 4 − 2t 3 − 6t 2 − 2t + 1) f (t ) = , f '(t ) = (t 2 + 1) 2 (t 2 + 1)3 1 1 f '(t ) = 0 ⇔ (t + ) 2 − 2(t + ) − 8 = 0 ⇔ t = 2 − 3 t t f (t ) ≤ f (2 − 3) = ? MaxP = Maxf (t ) = f (2 − 3) = ? Bài tập 1: Cho a,b,c>0 và a 2 + b2 + c 2 = 1 .Chứng minh a b c 3. 3 +2 +2 ≥ b +c c +a a +b 2 2 2 2 2 Ta đã biết tiếp tuyến của hàm số y=f(x) tại mọi điểm bất kì trên khoảng lồi luôn nằm phía trên đồ thị và tiếp tuyến tại mọi điểm trên khoảng lõm luôn nằm phía dưới đồ thị nên ta có nhận xét sau Nhận xét:Nếu y=ax+b là tiếp tuyến của đồ thị hàm số y = f ( x ) tại điểm A( x0 ; y0 ) ( A không phải là điểm uốn) , khi đó tồn tại một khoảng I chứa điểm x0 sao cho f ( x) ≥ ax + b ∀x ∈ I hoặc f ( x) ≤ ax + b ∀x ∈ I . Ví dụ 10: Cho a, b, c > 0 và a + b + c = 6 . Cmr : a 4 + b 4 + c 4 ≥ 2(a 3 + b3 + c3 ) ( ) +(b )( ) 4 3 4 − 2b3 + c 4 − 2c3 ≥ 0 Giải: Bđt cần chứng minh ⇔ a − 2a ⇔ f (a ) + f (b) + f (c) ≥ 0 với f ( x) = x 4 − 2 x3 Ta thấy đẳng thức xảy ra khi a = b = c = 2 . Tiếp tuyến tại điểm có hoành độ x = 2 là: y=8x-16 Ta có: f ( x ) − (8 x -16) = x 4 − 2 x3 − 8 x + 16 = ( x − 2) 2 ( x 2 − 2 x + 4) ≥ 0 ∀x ⇒ f ( x) ≥ 8 x − 16 ⇒ f (a ) + f (b) + f (c) ≥ 8(a + b + c) − 48 = 0 đpcm a(b + c) b (c + a ) c ( a + b) 6 +2 +2 ≤ Bài tập 1: Cho a,b,c>0 .Cmr: 2 2 2 2 a + (b + c) b + (c + a ) c + (a + b) 5 (b + c − a) 2 (c + a − b ) 2 (a + b − c) 2 3 + + ≥ Bài tập 2: Cho a,b,c>0. Cmr : (b + c) 2 + a 2 (c + a ) 2 + b 2 (a + b) 2 + c 2 5 111 a b c Bài tập 3: Cho a, b, c > 0 . Cmr: (a + b + c)( + + ) ≥ 4( + + )+3 b+c c+a a+b abc 14 Giáo viên : Đinh Bạt Vinh - Trường THPT Nghi Lộc 2
Phương pháp hàm số trong giải toán IV - Ứng dụng của định lí Lagrăng 1) Định lý Lagrăng: Nếu hàm số y = f(x) liên tục trên đoạn [a;b] và có đạo hàm trên khoảng f ( b) − f ( a ) (a;b) thì tồn tại giá trị c ∈ (a;b) sao cho f '( c ) = b−a Chú ý: Định lý Lagrăng dùng để chứng minh bất đẳng thức và dùng để chứng minh một phương trình có nghiệm x ∈ (a;b). 2) Hệ quả: Cho hàm số y=f(x) có đạo hàm đến cấp n. .Nếu pt f ( n ) ( x) = 0 có k nghiệm thì Pt f ( n −1) ( x ) = 0 có nhiều nhất (k+1) nghiệm . Ví dụ 1: Cho các số thực a,b,c và số nguyên n>0 thoả mãn: 5c(n+2)+6(a+b)=0. Chứng minh π rằng phương trình a.sin n x + b.cos n x + c.sinx+c=0 luôn có nghiệm trên (0; ) 2 a 5c b Giải: Ta có: gt ⇔ + =− (*) n+2 6 n+2 sin n + 2 x π cos n+2 x sin 3 x sin 2 x Xét hàm số f ( x ) = a −b +c +c trên [0; ] ta thấy f(x) n+2 n+2 2 3 2 π thoả mãn đk đ/l Lagrang trên [0; ] . Mặt khác ta lại có: 2 π b a 5c f (0) = − ;f( )= + n+2 n+2 6 2 π π ⇒ f (0) = f ( ) (do (*) ). Theo đ/l Lagrang thì pt f’(x) có nghiệm trên (0; ) 2 2 n +1 n+1 2 hay pt: a.sin x.cosx+cos x sinx+c.sin x.cosx+c.sinx.cosx=0 ⇔ sinx.cosx(asin n x + b.cos n x + csinx+c)=0 ⇔ a.sin n x + b.cos n x + c.sinx+c=0 (vì π π sinx, cosx >0 trên (0; ) ) có nghiệm trên (0; ) (đpcm) 2 2 b−a b b−a < ln < Ví dụ 2: Cho 0
Phương pháp hàm số trong giải toán f "( x) = 3t ln 2 3 − 2t ln 2 2 > 0 ⇒ f’(x)=0 có nhiều nhất 1 nghiệm nên f(x) =0 có nhiều nhất hai nghiệm từ đó ta có đpcm π Vậy pt có hai họ nghiệm: x = k 2π ; x = + kπ 2 V - Sử dụng tính đơn diệu của hàm số để xét sự hội tụ của dãy số. Ví dụ 1: Cho a > 1, dãy số (xn) xác định bởi x1 = a, xn +1 = a n , ∀n ∈ N*. Hãy tìm điều kiện x của a để dãy số (xn) hội tụ Giải: Ta có a > 1, suy ra dãy số (xn) tăng, vậy dãy số (xn) hội tụ khi và chỉ khi (xn) bị chặn. Điều kiện cần: Giải sử dãy số (xn) hội tụ và lim xn = x, vì (xn) là dãy số tăng nên ta có xn ≥ x1 ln x suy ra x ≥ x1 = a > 1. xn +1 = a n ⇒ l imxn +1 = lim a n ⇒ x = a ⇒ ln x = x ln a ⇒ = ln a . x x x x 1 − ln x ln x 1 , x > 1, f '( x ) = . Từ bảng biến thiên ta có 0 < lna ≤ Đặt f(x) = 2 x x e 1 Điều kiện đủ: Khi 0 < lna ≤ , từ bảng biến thiên suy ra tồn tại x > 1 sao cho e ln x = ln a ⇒ x = a x . x Bằng phương pháp quy nạp ta chứng minh dãy số (xn) bị chặn trên bởi x. Vì x > 1 nên ta có x1 = a < a = x ⇒ x1 < x x Giả sử xk < x (với k ≥ 1) suy ra xk +1 = a k < a = x ⇒ xk +1 < x ⇒ xn < x ∀n ∈ N*. x x 1 Kết luận: 1 < a < e e . 2009 ln ( xn + 20092 ) − 20092 , Ví dụ 2: Cho dãy số (xn) được xác định bởi x1 = b, xn +1 = 2 3 n∈N*. Chứng minh rằng dãy số (xn) có giới hạn. 2x 2009 2009 ln ( x 2 + 20092 ) − 20092 . Ta có f’(x) = Giải:Xét hàm số f ( x ) = .2 . 3 x + 20092 3 1 Do x 2 + 20092 ≥ 2.2009 | x | nên |f’(x)|≤ , ∀ x∈ R. 3 Xét phương trình f(x) = x. Hay x - f(x) = 0. Đặt g(x) = x - f(x) Ta có g’(x) = 1 - f’(x) > 0 Hàm số g(x) đồng biến và liên tục trên R. Mặt khác g(0) > 0 và g(-20092 ) < 0 nên phương trình g(x) = 0 có nghiệm duy nhất x = a ∈(- 20092; 0) TH1: b = a suy ra xn = a. suy ra lim xn = a. 1 TH2: b ≠ a. Áp dụng ĐL Lagrăng cho hàm số y = f(x) ta có 0
Phương pháp hàm số trong giải toán 1 4 Bài tập 3: Cho a> 0 và dãy số (xn) với x1 = a, xn +1 = log 3 ( xn + 1) 3 + 3 . Tính limxn 3 17 Giáo viên : Đinh Bạt Vinh - Trường THPT Nghi Lộc 2

CÓ THỂ BẠN MUỐN DOWNLOAD

THÔNG TIN

TRỢ GIÚP

HỖ TRỢ KHÁCH HÀNG

Theo dõi chúng tôi

Chịu trách nhiệm nội dung:

Nguyễn Công Hà - Giám đốc Công ty TNHH TÀI LIỆU TRỰC TUYẾN VI NA

LIÊN HỆ

Địa chỉ: P402, 54A Nơ Trang Long, Phường 14, Q.Bình Thạnh, TP.HCM

Hotline: 093 303 0098

Email: support@tailieu.vn

Giấy phép Mạng Xã Hội số: 670/GP-BTTTT cấp ngày 30/11/2015 Copyright © 2022-2032 TaiLieu.VN. All rights reserved.